二维状压DP经典题
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了二维状压DP经典题相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
炮兵阵地
题目大意:在n*m的地图上放置炮兵,每个炮兵的攻击范围是上下左右两格内,有两种不同的地形,山地(用“H” 表示),平原(用“P”表示),只有平原可以布置炮兵,在不冲突的前提下最多可以布置多少炮兵?
这道题非常经典,我们用dp[i] [j] [k]表示第i行在第j种选取状态下,第i-1行在第k种选取状态下前i行最多摆放的炮兵数量。然后我们首先预处理每一行所有的合法状态,以降低时间复杂度。用num[i]表示第i行的合法状态数量,state[i] [j]表示第i行的第j种合法状态是什么,用temp[i]存储第i行的初始状态,用c[i]存储每种合法状态对应的炮兵数量。
可以不处理直接枚举所有状态吗
如果不预先处理合法状态,那么每一行所有的状态可能有2^10 = 1024种,由于炮兵的摆放需要考虑前两行的状态,那么三个循环枚举状态就会达到惊人的时间复杂度,所以预处理很关键!进行预处理我们会发现每一行的合法状态最多60种,这样即使是3个循环复杂度也会很低。
其他细节都在代码里了。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,ans;
int dp[105][65][65];
int num[105],temp[105];
int state[105][65];
int c[1 << 10 + 5];
int count(int x)
int sum = 0;
while(x)
if(x & 1) sum++;
x >>= 1;
return sum;
int main()
cin >> n >> m;
//每行的合法状态最多只有60种!
// int p = 0;
// for(int i = 0;i< (1 << 10);i++)
// int now = i;
// if((now & (now >> 1)) == 0 && (now & (now >> 2)) == 0) p++;
//
// cout << p << endl;
for(int i = 1;i <= n;i++)
string s;
cin >> s;
for(int j = 0;j < m;j++)
if(s[j] == 'P') temp[i] += (1 << j);
//对第0行特殊处理
state[0][++num[0]] = 0;
//预处理合法状态
for(int i = 0;i < (1 << m);i++)
for(int j = 1;j <= n;j++)
int now = i;
if(!(now & (now >> 1)) && !(now & (now >> 2))
&& (now | temp[j]) == temp[j])
state[j][++num[j]] = i;
c[i] = count(i);
for(int i = 1;i <= n;i++)
for(int j = 1;j <= num[i];j++)
int now = state[i][j];
//对第一行特殊处理,防止越界
if(i == 1)
dp[i][j][1] = max(dp[i][j][1],c[now]);
continue;
for(int k = 1;k <= num[i - 1];k++)
int pre = state[i - 1][k];
if(!(now & pre))
for(int l = 1;l <= num[i - 2];l++)
int pree = state[i - 2][l];
if(!(now & pree) && !(pre & pree))
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k],dp[i - 1][k][l] + c[now]);
for(int i = 1;i <= num[n];i++)
for(int j = 1;j <= num[n - 1];j++)
ans = max(ans,dp[n][i][j]);
cout << ans << endl;
return 0;
排兵布阵 HDU4539
大意:一个n*m的平原布置士兵。每个士兵可以攻击到并且只能攻击到与之曼哈顿距离为2的位置以及士兵本身所在的位置。当然,一个士兵不能站在另外一个士兵所能攻击到的位置,同时因为地形的原因也不是每一个位置都可以安排士兵。 (输入中1可以布置,0不可以布置)问:最多能安排多少个士兵。
思路和上一题基本一样,换汤不换药.
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,ans;
int state[105],num[170],c[1 << 10 + 5],legal[105][170],dp[105][170][170];
int count1(int x)
int sum = 0;
while(x)
if(x & 1) sum++;
x >>= 1;
return sum;
bool ok(int now,int row)
return (now & (now >> 2)) == 0 && (now | state[row]) == state[row];
bool check(int now,int pre)
return (now & (pre >> 1)) == 0 && (now & (pre << 1)) == 0;
bool recheck(int now,int pree)
return (now & pree) == 0;
//由于是多组数据,所以每次都要初始化!
void init()
ans = 0;
memset(num,0,sizeof(num));
memset(dp,0,sizeof(dp));
memset(state,0,sizeof(state));
int main()
memset(c,-1,sizeof(c));
while(~scanf("%d %d",&n,&m))
init();
for(int i = 1;i <= n;i++)
for(int j = 0;j < m;j++)
int x;
scanf("%d",&x);
if(x) state[i] |= (1 << j);
//预处理合法状态
legal[0][++num[0]] = 0;
for(int i = 0;i < (1 << m);i++)
for(int j = 1;j <= n;j++)
if(ok(i,j))
legal[j][++num[j]] = i;
if(c[i] == -1) c[i] = count1(i);
for(int i = 1;i <= n;i++)
for(int j = 1;j <= num[i];j++)
int s1 = legal[i][j];
if(i == 1)
dp[i][j][1] = max(dp[i][j][1],c[s1]);
continue;
for(int k = 1;k <= num[i - 1];k++)
int s2 = legal[i - 1][k];
if(check(s1,s2))
for(int l = 1;l <= num[i - 2];l++)
int s3 = legal[i - 2][l];
if(recheck(s1,s3))
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k],dp[i-1][k][l] + c[s1]);
for(int i = 1;i <= num[n];i++)
for(int j = 1;j <= num[n - 1];j++)
ans = max(ans,dp[n][i][j]);
printf("%d\n",ans);
return 0;
以上是关于二维状压DP经典题的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章