函数的零点和极值点2中阶和高阶辅导

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了函数的零点和极值点2中阶和高阶辅导相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

例21【2014高考新课标Ⅰ卷理科,第11题】

已知函数\\(f(x)=ax^3-3x^2+1\\),若函数\\(f(x)\\)存在唯一零点 \\(x_0\\),且\\(x_0>0\\),则\\(a\\)的取值范围是【C】

$A(2,+\\infty)$ $B(1,+\\infty)$ $C(-\\infty,-2)$ $D(-\\infty,-1)$

法1:由于函数\\(f(x)\\)存在唯一零点 \\(x_0\\),且\\(x_0>0\\)

则方程\\(f(x)=0\\)有唯一的正实数解,即\\(ax^3-3x^2+1=0\\)有唯一的正实数解,

即方程\\(a=\\cfrac3x^2-1x^3\\)有唯一的正实数解,

即函数\\(y=a\\)和函数\\(y=h(x)=\\cfrac3x^2-1x^3=\\cfrac3x-\\cfrac1x^3(x>0)\\)有唯一的交点,

其余思路待补充。

法2:先将题目转化为,方程\\(ax^3=3x^2-1\\)有唯一的正实数解,

则静态函数\\(y=3x^2-1\\)和动态函数\\(y=ax^3\\)只能在区间\\((0 ,+\\infty)\\)上有交点,

此处需要我们知道函数\\(y=ax^3\\)的参变数\\(a\\)的作用,

由图像可知,当\\(a\\leq 0\\)时,都不满足题意,故需要\\(a<0\\)

但当\\(a\\)取很小的负值时,显然满足题意,当\\(a\\)为某一个恰当的负值时,两个曲线在\\(x<0\\)时可能相切,

当然,此处你可能还会认为是有相切,还有相交,这不要紧,我们通过下述的计算就能回答这个疑惑。

设切点坐标为\\(P(x_0,y_0)\\),则有\\(x_0<0\\)

则有\\(\\left\\\\beginarrayl3ax_0^2=6x_0\\\\y_0=ax_0^3\\\\y_0=3x_0^2-1\\endarray\\right.\\)

解得\\(x_0=-1\\)\\(y_0=2\\),将切点\\(P(-1,2)\\)代入\\(y=ax^3\\),解得\\(a=-2\\)

故当\\(a<-2\\)时,两条曲线在\\(x<0\\)上没有交点,只在\\(x>0\\)上有交点,故满足题意,

\\(a\\)的取值范围时\\((-\\infty,-2)\\),故选\\(C\\)

法3:利用导数方法,同时注意题目的隐含条件,\\(f(0)=1\\)

\\(f'(x)=3ax^2-6x=3x(ax-2)\\)

①当\\(a=0\\)时,原函数为\\(y=-3x^2+1\\),有两个零点,不符合题意,舍去。

②当\\(a>0\\)时,由导函数的图像可知,函数\\(f(x)\\)在区间\\((-\\infty,0)\\)上单调递增,在区间\\((0,\\cfrac2a)\\)上单调递减,在区间\\((\\cfrac2a,+\\infty)\\)上单调递增,

此时函数在区间\\((-\\infty,0)\\)上必有一个零点,不符合题意,舍去。

③当\\(a<0\\)时,由导函数的图像可知,函数\\(f(x)\\)在区间\\((-\\infty,\\cfrac2a)\\)上单调递减,在区间\\((\\cfrac2a,0)\\)上单调递增,在区间\\((0,+\\infty)\\)上单调递减,

此时只需要函数\\(f(x)\\)的极小值大于零即可,即\\(f(\\cfrac2a)>0\\)

\\(a\\cdot (\\cfrac2a)^3-3\\cdot (\\cfrac2a)^2+1>0\\),化简得到\\(a^2>4\\)

解得\\(a<-2\\)\\(a>2\\),又\\(a<0\\),故\\(a<-2\\)

\\(a\\)的取值范围时\\((-\\infty,-2)\\),故选\\(C\\)

例22【学生问题】

定义在\\(R\\)上的函数\\(f(x)\\)满足\\(f(x)+f(x+4)=16\\),当\\(x\\in (0,4]\\)时,\\(f(x)=x^2-2^x\\);则函数\\(f(x)\\)\\([-4,2016]\\)上的零点个数是【B】

$A、504$ $B、505$ $C、1008$ $D、1009$

分析:由\\(f(x)+f(x+4)=16\\),得到\\(f(x+4)+f(x+8)=16\\),两式相减得到,

\\(f(x+8)=f(x)\\),即\\(T=8\\)

\\(x\\in (0,4]\\)时,\\(f(x)=x^2-2^x\\)已经知道,关键是求得\\(x\\in (4,8]\\)上的解析式;

\\(0<x\\leq 4\\)\\(4<x+4\\leq 8\\)

\\(f(x+4)=16-f(x)\\),令\\(x+4=t\\),则\\(x=t-4\\),则\\(t\\in (4,8]\\)

\\(f(t)=16-f(t-4)\\)\\(t\\in (4,8]\\)

\\(f(x)=16-f(x-4)\\)\\(x\\in (4,8]\\)

则周期函数\\(f(x)=\\left\\\\beginarraylx^2-2^x,0<x\\leq 4\\\\16-(x-4)^2-2^x-4,4<x\\leq 8\\endarray\\right.\\)

接下来的难点是做函数\\(f(x)\\)在一个周期上的图像,

重点是做\\(y=x^2-2^x,0<x\\leq 4\\)的图像。

结合上图可以做出函数\\(y=x^2-2^x,0<x\\leq 4\\)的图像。

再做出\\(x\\in (4,8]\\)时的\\(f(x)\\)的图像。

在区间\\([0,2016]\\)上,包含\\(\\cfrac20168=252\\)个周期,每个周期上的零点有两个,

故有\\(252\\times2=504\\)个,但是在\\([-4,0)\\)上还有一个,

故共有\\(505\\)个零点,故选\\(B\\)

例23【2018广东中山期末】已知\\(\\cfrac13\\leq k<1\\),函数\\(f(x)=|2^x-1|-k\\)的零点分别为\\(x_1\\)\\(x_2\\)\\((x_1<x_2)\\),函数\\(g(x)=|2^x-1|-\\cfrack2k+1\\)的零点分别为\\(x_3\\)\\(x_4\\)\\((x_3<x_4)\\),则\\(x_4+x_2-(x_3+x_1)\\)的最小值为【】

$A.1$ $B.log_23$ $C.log_26$ $D.4$

分析:函数\\(f(x)\\)的零点问题,转化为函数\\(y=|2^x-1|\\)\\(y=k\\)的图像交点的横坐标问题,同理,函数\\(g(x)\\)的零点问题,转化为函数\\(y=|2^x-1|\\)\\(y=\\cfrack2k+1\\)的图像交点的横坐标问题,

又由于\\(y=\\cfrack2k+1=\\cfrac12+\\frac1k\\),在\\(k\\in [\\cfrac13,1)\\)上单调递增,即当\\(k\\)的取值从\\(\\cfrac13\\)增大到\\(1\\)时,\\(\\cfrack2k+1\\)的取值对应的从\\(\\cfrac15\\)增大到\\(\\cfrac13\\)

做出如下的图像,从图像入手分析,当\\(y=k\\)向上平移时,\\(x_2-x_1\\)逐渐增大,同理对应的\\(x_4-x_3\\)逐渐增大,所以要使得\\(x_4+x_2-(x_3+x_1)\\)取到最小值,则需要\\(x_4-x_3\\)\\(x_2-x_1\\)同时取到最小值,此时\\(k=\\cfrac13\\),同时对应的有\\(\\cfrack2k+1=\\cfrac15\\)

此时,\\(|2^x_2-1|=\\cfrac13\\),即\\(2^x_2-1=\\cfrac13\\),解得\\(x_2=log_2\\cfrac43\\),又\\(|2^x_1-1|=\\cfrac13\\),即\\(1-2^x_1=\\cfrac13\\),解得\\(x_1=log_2\\cfrac23\\)

同理对应的有\\(|2^x_4-1|=\\cfrac15\\),即\\(2^x_4-1=\\cfrac15\\),解得\\(x_4=log_2\\cfrac65\\),又\\(|2^x_3-1|=\\cfrac15\\),即\\(1-2^x_3=\\cfrac15\\),解得\\(x_3=log_2\\cfrac45\\)

故此时\\([x_4+x_2-(x_3+x_1)]_min=(log_2\\cfrac65-log_2\\cfrac45)+(log_2\\cfrac43-log_2\\cfrac23)=log_23\\),故选\\(B\\)

解后反思:比如将条件更改为\\(\\cfrac13\\leq k\\leq \\cfrac45\\),那么用相应的思路和方法,可以求解\\(x_4+x_2-(x_3+x_1)\\)的取值范围;

例24【2018届广东东莞模拟】已知函数\\(f(x)\\),任取两个不相等的正数\\(x_1\\)\\(x_2\\),总有\\([f(x_1)-f(x_2)](x_1-x_2)>0\\),对于任意的\\(x>0\\),总有\\(f[f(x)-lnx]=1\\)。若\\(g(x)=f'(x)+f(x)-m^2+m\\)有两个不同的零点,则正实数\\(m\\)的取值范围是___________。

分析:本题目的难点之一是利用代换法先求得函数\\(f(x)\\)的解析式;然后再求正实数\\(m\\)的取值范围。

由于任意不等正数\\(x_1\\)\\(x_2\\),有\\([f(x_1)-f(x_2)](x_1-x_2)>0\\),则\\(f(x)\\)\\((0,+\\infty)\\)上单调递增,

\\(f(x)-lnx=t\\),则\\(f(t)=1\\)①,又由于\\(f(x)-lnx=t\\),即\\(f(x)=lnx+t\\),令\\(x=t\\),则\\(f(t)=lnt+t\\)②,

由①②可知,\\(lnt+t=1\\),即\\(lnt=1-t\\),观察可知,\\(t=1\\),即函数\\(f(x)\\)的解析式为\\(f(x)=lnx+1\\)

接下来,用常规方法求正实数\\(m\\)的取值范围。

由题目可知,\\(g(x)=lnx+1+\\cfrac1x-m^2+m\\)有两个不同的零点,即方程\\(lnx+1+\\cfrac1x-m^2+m=0\\)有两个不同的根,

整体分离参数得到,\\(m^2-m=lnx+1+\\cfrac1x\\),令\\(h(x)=lnx+1+\\cfrac1x\\)

\\(h'(x)=\\cfracx-1x^2\\),则\\(x\\in (0,1)\\)时,\\(h'(x)<0\\)\\(h(x)\\)单调递减,\\(x\\in (1,+\\infty)\\)时,\\(h'(x)>0\\)\\(h(x)\\)单调递增,

\\(h(x)_min=h(1)=2\\),则题目转化为\\(m^2-m>2\\),解得\\(m<-1\\)\\(m>2\\),又由\\(m>0\\),可得\\(m>2\\)

即正实数\\(m\\)的取值范围是\\((2,+\\infty)\\).

例25【2019届高三理科数学二轮用题】若函数\\(f(x)=(a+1)e^2x-2e^x+(a-1)x\\)有两个极值点,则实数\\(a\\)的取值范围是【】

$A.(0,\\cfrac\\sqrt62)$ $B.(1,+\\cfrac\\sqrt62)$ $C.(-\\cfrac\\sqrt62,+\\cfrac\\sqrt62)$ $D.(\\cfrac\\sqrt63,1)\\cup(1,\\cfrac\\sqrt62)$

分析:函数\\(f(x)\\)有两个极值点,则方程\\(f'(x)=0\\)有两个不同实根,且是变号实根;

\\(f'(x)=2(a+1)e^2x-2e^x+(a-1)=0\\)有两个不同实根,令\\(e^x=t>0\\)

则方程\\(2(a+1)t^2-2t+(a-1)=0\\)有两个不同的正实根,

则其必然满足\\(\\left\\\\beginarrayl\\Delta=4-4\\times2(a^2-1)>0\\\\-\\cfrac-22\\times 2(a+1)>0\\\\\\cfraca-12(a+1)>0\\endarray\\right.\\),解得\\(\\left\\\\beginarrayl-\\cfrac\\sqrt62<a<\\cfrac\\sqrt62\\\\a>1\\\\a<-1或a>1\\endarray\\right.\\)

\\(1<a<\\cfrac\\sqrt62\\)。故选\\(B\\)

例26【2019届高三理科数学三轮用题】已知函数\\(f(x)=\\cfrac12x^2+(a-e)x-aelnx+b\\),(其中\\(a,b\\in R\\)\\(e\\)为自然对数的底数)在\\(x=e\\)处取得极大值,则实数\\(a\\)的取值范围是【】

$A.(-\\infty,0)$ $B.[0,+\\infty)$ $C.[-e,0)$ $D.(-\\infty,-e)$

分析:\\(f'(x)=x+(a-e)-\\cfracaex=\\cfracx^2+(a-e)x-aex=\\cfrac(x+a)(x-e)x\\)

做出分子函数的简图,由图可知,\\(-a>e\\),解得\\(a<-e\\),故选\\(D\\)

例27【2019届高三理科数学三轮模拟训练题】已知函数\\(f(x)=\\left\\\\beginarraylx^3,x\\leq a\\\\x^2+2x,x>a\\endarray\\right.\\),若存在实数\\(b\\),使得函数\\(g(x)=f(x)+b\\)有两个零点,则\\(a\\)的取值范围是【】

$A.(-\\infty,-1)\\cup(-1,0)\\cup(2,+\\infty)$
$B.(-\\infty,-2)\\cup(-1,0)\\cup(1,+\\infty)$
$C.(-\\infty,0)\\cup(1,+\\infty)$
$D.(-\\infty,-1)\\cup(2,+\\infty)$
$A.(-\\infty,-1)\\cup(-1,0)\\cup(2,+\\infty)$ $B.(-\\infty,-2)\\cup(-1,0)\\cup(1,+\\infty)$
$C.(-\\infty,0)\\cup(1,+\\infty)$ $D.(-\\infty,-1)\\cup(2,+\\infty)$

法1:分析:本题目需要先做出函数的图像,如下图所示,同时要明白参数\\(a\\)的作用,

存在实数\\(b\\),使得函数\\(g(x)=f(x)+b\\)有两个零点,意味着直线\\(y=-b\\)与分段函数\\(f(x)\\)的两段都有交点,

情形一,两段函数都是单调的,此时需要\\(a^2+2a<a^3\\),解得\\(a>2\\)或者\\(-1<a<0\\)

情形二,第二段函数不单调,此时需要\\(a<-1\\)

综上所述,\\(a\\in (-\\infty,-1)\\cup(-1,0)\\cup(2,+\\infty)\\),故选\\(A\\)

法2:做出分段函数的图像,使用排除法,令\\(a=\\cfrac32\\),和\\(a=-\\cfrac12\\)验证,可以排除\\(B\\)\\(C\\)\\(D\\),故选\\(A\\)

解后反思:①将题目中的条件“存在实数\\(b\\),使得函数\\(g(x)=f(x)+b\\)有两个零点”更改为函数\\(f(x)\\)是单调递增的函数,则\\(a\\)的取值范围为\\(\\a\\mid a=-1或0\\leq a\\leq 2\\\\)

②将题目中的条件“存在实数\\(b\\),使得函数\\(g(x)=f(x)+b\\)有两个零点”更改为函数\\(f(x)\\)不是单调递增的函数,则\\(a\\)的取值范围为\\(\\a\\mid a<-1或-1<a<0或 a>2\\\\)

例28【2019届高三理科数学三轮模拟试题】已知函数\\(y=a+2lnx\\)与函数\\(y=x^2+2\\)的图像在\\(x\\in [\\cfrac1e,e]\\)内有两个交点,则实数\\(a\\)的取值范围是________.

分析:转化为方程\\(a=x^2-2lnx+2\\)\\(x\\in [\\cfrac1e,e]\\)内有两个根,

即函数\\(y=a\\)和函数\\(y=g(x)=x^2-2lnx+2\\)\\(x\\in [\\cfrac1e,e]\\)内有两个交点,

\\(g'(x)=2x-\\cfrac2x=\\cfrac2(x-1)(x+1)x\\),则在\\([\\cfrac1e,1]\\)上单调递减,在\\([1,e]\\)上单调递增,

\\(g(1)=3\\)\\(g(\\cfrac1e)=4+\\cfrac1e^2\\)\\(g(e)=e^2>4+\\cfrac1e^2\\)

做出示意图,可知实数\\(a\\)的取值范围为\\(a\\in (3,4+\\cfrac1e^2]\\)

例29\\(f(x)=2x^3-ax^2+1(a\\in R)\\),在\\((0,+\\infty)\\)内有且只有一个零点,则\\(f(x)\\)\\([-1,1]\\)上的最大值与最小值的和为______。

分析:方程\\(a=\\cfrac2x^3+1x^2=g(x)\\)\\((0,+\\infty)\\)内有且只有一解,

即函数\\(y=g(x)\\)\\(y=a\\)\\((0,+\\infty)\\)内有且只有一个交点,

用数形结合求得\\(a=3\\),然后用常规方法求得最值即可。

例30已知函数\\(f(x)=\\cfrac12x+m+\\cfrac32x-lnx(m\\in R)\\),若\\(x_1\\)\\(x_2\\)是函数\\(g(x)=x\\cdot f(x)\\)的两个极值点,且\\(x_1<x_2\\),求证:\\(x_1x_2<1\\)

分析:待解答

以上是关于函数的零点和极值点2中阶和高阶辅导的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

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