题解传纸条

Posted kcn999

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了题解传纸条相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

题目描述

  小渊和小轩是好朋友也是同班同学,他们在一起总有谈不完的话题。一次素质拓展活动中,班上同学安排做成一个m行n列的矩阵,而小渊和小轩被安排在矩阵对角线的两端,因此,他们就无法直接交谈了。幸运的是,他们可以通过传纸条来进行交流。纸条要经由许多同学传到对方手里,小渊坐在矩阵的左上角,坐标(1,1),小轩坐在矩阵的右下角,坐标(m,n)。

  从小渊传到小轩的纸条只可以向下或者向右传递,从小轩传给小渊的纸条只可以向上或者向左传递。 在活动进行中,小渊希望给小轩传递一张纸条,同时希望小轩给他回复。班里每个同学都可以帮他们传递,但只会帮他们一次,也就是说如果此人在小渊递给小轩纸条的时候帮忙,那么在小轩递给小渊的时候就不会再帮忙。反之亦然。

  还有一件事情需要注意,全班每个同学愿意帮忙的好感度有高有低(注意:小渊和小轩的好心程度没有定义,输入时用0表示),可以用一个0-100的自然数来表示,数越大表示越好心。小渊和小轩希望尽可能找好心程度高的同学来帮忙传纸条,即找到来回两条传递路径,使得这两条路径上同学的好心程度之和最大。现在,请你帮助小渊和小轩找到这样的两 条路径。

 

输入格式

  第一行,有2个用空格隔开的整数m和n,表示班里有m行n列(1≤m,n≤50)。

  接下来的m行是一个m×n的矩阵,矩阵中第i行第j列的整数表示坐在第i行第j列的学生的好心程度。

  每行的n个整数之间用空格隔开。

 

输出格式

  共一行,包含一个整数,表示来回两条路上参与传递纸条的学生的好心程度之和的最大值。

 

输入样例

3 3
0 3 9
2 8 5
5 7 0

输出样例

34

 

数据规模

  对于30%的数据,1≤m,n≤10;

  对于100%的数据,1≤m,n≤50。

 

题解

  容易想到,题目中要求来回一趟,其实就相当于是从起点走到终点两次,要求路径不相交。

  我们设$dp[i][j][k][l]$为第一条路径走到$(i, j)$,第二条路径走到$(k,l)$,且两条路径不相交。直接推即可。

技术图片
#include <iostream>

#define MAX_M 50
#define MAX_N 50

#define Max(x, y) (x >= y ? x : y)

using namespace std;

int m, n;
int a[MAX_M | 1][MAX_N | 1];
int dp[MAX_M | 1][MAX_N | 1][MAX_M | 1][MAX_N | 1];
const int dx1[4] = {-1, -1, 0, 0}, dy1[4] = {0, 0, -1, -1}, dx2[4] = {-1, 0, -1, 0}, dy2[4] = {0, -1, 0, -1};

int main()
{
    cin >> m >> n;
    for(register int i = 1; i <= m; ++i)
    {
        for(register int j = 1; j <= n; ++j)
        {
            cin >> a[i][j];
        }
    }
    for(register int i1 = 1; i1 <= m; ++i1)
    {
        for(register int j1 = 1; j1 <= n; ++j1)
        {
            for(register int i2 = 1; i2 <= m; ++i2)
            {
                for(register int j2 = 1; j2 <= n; ++j2)
                {
                    for(register int k = 0; k < 4; ++k)
                    {
                        if(i1 + dx1[k] == i2 && j1 + dy1[k] == j2) continue;
                        if(i2 + dx2[k] == i1 && j2 + dy2[k] == j1) continue;
                        if(i1 + dx1[k] == i2 + dx2[k] && j1 + dy1[k] == j2 + dy2[k]) continue;
                        dp[i1][j1][i2][j2] = Max(dp[i1][j1][i2][j2], dp[i1 + dx1[k]][j1 + dy1[k]][i2 + dx2[k]][j2 + dy2[k]] + a[i1 + dx1[k]][j1 + dy1[k]] + a[i2 + dx2[k]][j2 + dy2[k]]);
                    }
                }
            }
        }
    }
    cout << dp[m][n][m][n];
    return 0;
}
参考程序

  观察一下路径,可以发现,我们的$(i,j)$、$(k,l)$会在同一条斜线上,那么我们可以斜线,然后再枚举$i$和$k$,这样就可以减小时空复杂度。

技术图片
#include <iostream>

#define MAX_M 50
#define MAX_N 50

using namespace std;

int m, n;
int a[MAX_M + 5][MAX_N + 5];
int dp[MAX_M + MAX_N + 5][MAX_M + 5][MAX_M + 5]; 
const int dx1[4] = {-1, -1, 0, 0}, dx2[4] = {-1, 0, -1, 0};

int main()
{
    cin >> m >> n;
    for(register int i = 1; i <= m; ++i)
    {
        for(register int j = 1; j <= n; ++j)
        {
            cin >> a[i][j];
        }
    }
    dp[2][1][2] = a[1][2] + a[2][1];
    for(register int k = 3; k < m + n; ++k)
    {
        for(register int i = 1; i <= m && i <= k; ++i)
        {
            if(k - i + 1 > n) continue;
            for(register int j = i; j <= m && j <= k; ++j)
            {
                if(k - j + 1 > n) continue;
                for(register int l = 0; l < 4; ++l)
                {
                    if(i + dx1[l] == j + dx2[l]) continue;
                    dp[k][i][j] = max(dp[k][i][j], dp[k - 1][i + dx1[l]][j + dx2[l]] + a[i][k - i + 1] + a[j][k - j + 1]);
                }
            }
        }
    }
    cout << dp[m + n - 1][m][m];
    return 0;    
}
参考程序(优化)

 

以上是关于题解传纸条的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

NOIP 2008 传纸条题解[双线程DP]

codevs——T1169 传纸条

codevs——1169 传纸条(棋盘DP)

Acwing-----275. 传纸条

方格取数+ 传纸条 noip2000 + noip2008 DP

P1006 传纸条