NOIP2013D1T3货车运输

Posted 汪立超

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了NOIP2013D1T3货车运输相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

题目链接:http://www.luogu.org/problem/show?pid=1967

数据:http://www.cnblogs.com/wanglichao/p/5592058.html 

题目描述

A 国有 n 座城市,编号从 1 到 n,城市之间有 m 条双向道路。每一条道路对车辆都有重量限制,简称限重。现在有 q 辆货车在运输货物, 司机们想知道每辆车在不超过车辆限重的情况下,最多能运多重的货物。

输入输出格式

输入格式:

 

输入文件名为 truck.in。

输入文件第一行有两个用一个空格隔开的整数 n,m,表示 A 国有 n 座城市和 m 条道

路。 接下来 m 行每行 3 个整数 x、 y、 z,每两个整数之间用一个空格隔开,表示从 x 号城市到 y 号城市有一条限重为 z 的道路。意:x 不等于 y,两座城市之间可能有多条道路。

接下来一行有一个整数 q,表示有 q 辆货车需要运货。

接下来 q 行,每行两个整数 x、y,之间用一个空格隔开,表示一辆货车需要从 x 城市运输货物到 y 城市,注意:x 不等于 y。

 

输出格式:

 

输出文件名为 truck.out。

输出共有 q 行,每行一个整数,表示对于每一辆货车,它的最大载重是多少。如果货

车不能到达目的地,输出-1。

 

输入输出样例

输入样例#1:
4 3
1 2 4
2 3 3
3 1 1
3
1 3
1 4
1 3
输出样例#1:
3
-1
3

说明

对于 30%的数据,0 < n < 1,000,0 < m < 10,000,0 < q< 1,000; 对于 60%的数据,0 < n < 1,000,0 < m < 50,000,0 < q< 1,000; 对于 100%的数据,0 < n < 10,000,0 < m < 50,000,0 < q< 30,000,0 ≤ z ≤ 100,000。


这题实在坑啊,一开始TLE+MLE+RE

后来发现自己空间算错,均摊一下发现其实空间是O(n)的(本来差点开了n2),解决了RE和MLE

然后改半天然后发觉自己没打路径压缩(woc,实在太久没打并查集了)

然后就A了233


 

题解:

第一步转化:

原图中的一部分边是可以删的,只要保留其中的最大生成树即可

写个并查集,用贪心,每次把权最大的边加入,合并两个集合,同时生成树

网上有个好方法(忘记是哪位大牛的了)对于每一条边,都新建一个点,作为“它连接的两个点的根节点”的根节点,因为是最大生成树,每次添加边时,两个点肯定不是同一棵树(同一个并查集)里的,所以这样保证可以生成一棵树(最开心的是这还是二叉树233)

还有一个隐藏小问题:你做出来的是个森林,不是一棵树,MDZZ怎么办?

我用的是相当低效的办法:在二叉树上加一大堆点(在原图里这些点都是权为0的边),显然不会影响结果,但现在想想不保留二叉树性质也无妨,而且只要加一个根节点就可以了……(主要是我是写了一半才发现这个问题——天然迟钝——二叉树都打完了,懒得改),这样一来边数应该就是n-1了(都连通了)。

 

既然是一棵树上了,那么就只要找出一条路径,做一遍LCA即可

1.Tarjan离线

据说可以Tarjan离线,但是我并不打算这么写,毕竟现在写在线的总是比离线的心里有底一点(离线几乎没写过,上次莫队的题目被我直接跳过了)

2.RMQ在线

我的方法:

再做一遍转化,根据dfs顺序把树摊开来:

比如样例中的数据

(懒得网上找了,自己画一个)

样例建图过程

大图地址:http://www.cnblogs.com/wanglichao/gallery/image/170185.html

就是每次dfs找到一个点(包括回溯回来以后又一次经过)就记录一次(同时记录深度)

如果知道两个点在序列中的位置(第一次出现),就可以得到他们根节点的编号(即两点间深度最小的点)

于是就变成了神奇的区间最小值问题

 

先预处理做一遍dp,预处理出每一小块的最小值

使dp[i][j]为从i开始的2j个元素的最小值

很容易想到从j-1到j的转移方程(比一比就行了)

dp[i][j]=min(dp[i][j-1],dp[i+2j-1][j-1])

 

在每一次询问中只要找到小于等于区间大小的最大的2的幂,比一下两个dp就可以了

(连画图都懒得用)

                 dp[x][j]

----------------------------------

|                                             |                            y是结尾

*******************************************这是要找最小值的数据

x是开头                         |                                        |

                                    ------------------------------

                                                dp[y-2j+1][j]

min(dp[y-2j+1][j],dp[x][j])即为询问的答案

然后把路径上各个非叶子节点(也就是原图上的边)的最小值求一下

若为0则不连通,非0则输出

问题解决

上代码

#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
struct haha
{
    int a,b,c;
} a[50001];
bool com(haha a,haha b)
{
    return (a.c>b.c);
}
int d[200001],e[200001],po[10001],l[70001],r[70001],f[70001],gp[70001],dp[150001][30],_dp[150001][30],p[150001],q[150001];
int n,m,_n;
int read(){
    int x=0; char ch=getchar();
    while (ch<\'0\' || ch>\'9\') ch=getchar();
    while (ch>=\'0\' && ch<=\'9\'){ x=x*10+ch-\'0\'; ch=getchar(); }
    return x;
}
int dfs(int k,int p,int q)//把图按dfs顺序转成表 
{
    d[p]=q;
    e[p]=k;
    int ans=0;
    if(k<=n)
    {
        po[k]=p;
        return 1;
    }
    ans+=dfs(l[k],p+1,q+1);
    ans++;
    d[p+ans]=q;
    e[p+ans]=k;
    ans+=dfs(r[k],p+ans+1,q+1);
    ans++;
    d[p+ans]=q;
    e[p+ans]=k;
    return ++ans;
}
int fa(int p)//求并查集的祖先(其实是树的根节点) 
{
    if(f[gp[p]]==gp[p])
        return gp[p];
    else
    {
        gp[p]=fa(f[gp[p]]);
        return gp[p];
    }
}
void init()//处理输入的图,添加0边,生成一棵最大生成树(避免森林) 
{
    sort(a+1,a+m+1,com);
    for(int i=1;i<=n+m;i++)
    {
        f[i]=i;
        gp[i]=i;
    }
    for(int i=1;i<=m;i++)
    if(fa(a[i].a)!=fa(a[i].b))
    {
        f[n+i]=n+i;
        l[n+i]=fa(a[i].a);
        r[n+i]=fa(a[i].b);
        f[fa(a[i].a)]=n+i;
        f[fa(a[i].b)]=n+i;
    }
    int _i=n+m;
    for(int i=1;i<n;i++)
    if(fa(i)!=fa(i+1))
    {
        _i++;
        f[_i]=_i;
        gp[_i]=_i;
        l[_i]=fa(i);
        r[_i]=fa(i+1);
        f[fa(i)]=_i;
        f[fa(i+1)]=_i;
    }
}
void calc()//求区间最小值预处理 
{
    for(int i=1;i<=_n;i++)
    {
        dp[i][0]=d[i];
        _dp[i][0]=i;
    }
    int j=1,k=2;
    while(k<=_n)
    {
        for(int i=1;i<=_n-k+1;i++)
        if(dp[i][j-1]<dp[i+k/2][j-1])
        {
            dp[i][j]=dp[i][j-1];
            _dp[i][j]=_dp[i][j-1];
        }
        else
        {
            dp[i][j]=dp[i+k/2][j-1];
            _dp[i][j]=_dp[i+k/2][j-1];    
        }
        j++;
        k*=2;
    }
    k=1;j=0;
    for(int i=1;i<=_n;i++)
    {
        if(i>=2*k)
        {
            k*=2;
            j++;
        }
        p[i]=j;
        q[i]=k;
    }
}
int lca(int x,int y)//求区间最小值 
{
    return (dp[x][p[y-x+1]]>dp[y-q[y-x+1]+1][p[y-x+1]])?_dp[y-q[y-x+1]+1][p[y-x+1]]:_dp[x][p[y-x+1]];
}
int main()
{
    n=read();
    m=read();
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        a[i].a=read();
        a[i].b=read();
        a[i].c=read();
    }
    init();
    _n=dfs(fa(1),1,0);
    calc();
    m=read();
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        int x,y;
        x=read();
        y=read();
        x=po[x];y=po[y];
        if(x>y)
            swap(x,y);
        int o=lca(x,y),sum=a[e[o]-n].c;
        for(x=f[e[x]];x!=e[o];x=f[x])
            sum=min(sum,a[x-n].c);
        for(y=f[e[y]];y!=e[o];y=f[y])
            sum=min(sum,a[y-n].c);
        printf("%d\\n",sum?sum:-1);
    }
    return 0; 
}

 

以上是关于NOIP2013D1T3货车运输的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

luogu1967[NOIP2013D1T3] 货车运输 (最大生成树+LCA)

货车运输 vijos 1843 NOIP2013 D1T3 最大生成树,并查集,(伪·LCA)

noip2013day1t3货车运输(瓶颈路,树上倍增)

NOIP2013Day1T3 表示只能过一个点

洛谷P1967 [NOIP2013提高组Day1T2]货车运输

NOIP2017 题解