NOIP2013D1T3货车运输
Posted 汪立超
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了NOIP2013D1T3货车运输相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目链接:http://www.luogu.org/problem/show?pid=1967
数据:http://www.cnblogs.com/wanglichao/p/5592058.html
题目描述
A 国有 n 座城市,编号从 1 到 n,城市之间有 m 条双向道路。每一条道路对车辆都有重量限制,简称限重。现在有 q 辆货车在运输货物, 司机们想知道每辆车在不超过车辆限重的情况下,最多能运多重的货物。
输入输出格式
输入格式:
输入文件名为 truck.in。
输入文件第一行有两个用一个空格隔开的整数 n,m,表示 A 国有 n 座城市和 m 条道
路。 接下来 m 行每行 3 个整数 x、 y、 z,每两个整数之间用一个空格隔开,表示从 x 号城市到 y 号城市有一条限重为 z 的道路。意:x 不等于 y,两座城市之间可能有多条道路。
接下来一行有一个整数 q,表示有 q 辆货车需要运货。
接下来 q 行,每行两个整数 x、y,之间用一个空格隔开,表示一辆货车需要从 x 城市运输货物到 y 城市,注意:x 不等于 y。
输出格式:
输出文件名为 truck.out。
输出共有 q 行,每行一个整数,表示对于每一辆货车,它的最大载重是多少。如果货
车不能到达目的地,输出-1。
输入输出样例
4 3 1 2 4 2 3 3 3 1 1 3 1 3 1 4 1 3
3 -1 3
说明
对于 30%的数据,0 < n < 1,000,0 < m < 10,000,0 < q< 1,000; 对于 60%的数据,0 < n < 1,000,0 < m < 50,000,0 < q< 1,000; 对于 100%的数据,0 < n < 10,000,0 < m < 50,000,0 < q< 30,000,0 ≤ z ≤ 100,000。
这题实在坑啊,一开始TLE+MLE+RE
后来发现自己空间算错,均摊一下发现其实空间是O(n)的(本来差点开了n2),解决了RE和MLE
然后改半天然后发觉自己没打路径压缩(woc,实在太久没打并查集了)
然后就A了233
题解:
第一步转化:
原图中的一部分边是可以删的,只要保留其中的最大生成树即可
写个并查集,用贪心,每次把权最大的边加入,合并两个集合,同时生成树
网上有个好方法(忘记是哪位大牛的了)对于每一条边,都新建一个点,作为“它连接的两个点的根节点”的根节点,因为是最大生成树,每次添加边时,两个点肯定不是同一棵树(同一个并查集)里的,所以这样保证可以生成一棵树(最开心的是这还是二叉树233)
还有一个隐藏小问题:你做出来的是个森林,不是一棵树,MDZZ怎么办?
我用的是相当低效的办法:在二叉树上加一大堆点(在原图里这些点都是权为0的边),显然不会影响结果,但现在想想不保留二叉树性质也无妨,而且只要加一个根节点就可以了……(主要是我是写了一半才发现这个问题——天然迟钝——二叉树都打完了,懒得改),这样一来边数应该就是n-1了(都连通了)。
既然是一棵树上了,那么就只要找出一条路径,做一遍LCA即可
1.Tarjan离线
据说可以Tarjan离线,但是我并不打算这么写,毕竟现在写在线的总是比离线的心里有底一点(离线几乎没写过,上次莫队的题目被我直接跳过了)
2.RMQ在线
我的方法:
再做一遍转化,根据dfs顺序把树摊开来:
比如样例中的数据
(懒得网上找了,自己画一个)
大图地址:http://www.cnblogs.com/wanglichao/gallery/image/170185.html
就是每次dfs找到一个点(包括回溯回来以后又一次经过)就记录一次(同时记录深度)
如果知道两个点在序列中的位置(第一次出现),就可以得到他们根节点的编号(即两点间深度最小的点)
于是就变成了神奇的区间最小值问题
先预处理做一遍dp,预处理出每一小块的最小值
使dp[i][j]为从i开始的2j个元素的最小值
很容易想到从j-1到j的转移方程(比一比就行了)
dp[i][j]=min(dp[i][j-1],dp[i+2j-1][j-1])
在每一次询问中只要找到小于等于区间大小的最大的2的幂,比一下两个dp就可以了
(连画图都懒得用)
dp[x][j]
----------------------------------
| | y是结尾
*******************************************这是要找最小值的数据
x是开头 | |
------------------------------
dp[y-2j+1][j]
min(dp[y-2j+1][j],dp[x][j])即为询问的答案
然后把路径上各个非叶子节点(也就是原图上的边)的最小值求一下
若为0则不连通,非0则输出
问题解决
上代码
#include <cstdio> #include <algorithm> using namespace std; struct haha { int a,b,c; } a[50001]; bool com(haha a,haha b) { return (a.c>b.c); } int d[200001],e[200001],po[10001],l[70001],r[70001],f[70001],gp[70001],dp[150001][30],_dp[150001][30],p[150001],q[150001]; int n,m,_n; int read(){ int x=0; char ch=getchar(); while (ch<\'0\' || ch>\'9\') ch=getchar(); while (ch>=\'0\' && ch<=\'9\'){ x=x*10+ch-\'0\'; ch=getchar(); } return x; } int dfs(int k,int p,int q)//把图按dfs顺序转成表 { d[p]=q; e[p]=k; int ans=0; if(k<=n) { po[k]=p; return 1; } ans+=dfs(l[k],p+1,q+1); ans++; d[p+ans]=q; e[p+ans]=k; ans+=dfs(r[k],p+ans+1,q+1); ans++; d[p+ans]=q; e[p+ans]=k; return ++ans; } int fa(int p)//求并查集的祖先(其实是树的根节点) { if(f[gp[p]]==gp[p]) return gp[p]; else { gp[p]=fa(f[gp[p]]); return gp[p]; } } void init()//处理输入的图,添加0边,生成一棵最大生成树(避免森林) { sort(a+1,a+m+1,com); for(int i=1;i<=n+m;i++) { f[i]=i; gp[i]=i; } for(int i=1;i<=m;i++) if(fa(a[i].a)!=fa(a[i].b)) { f[n+i]=n+i; l[n+i]=fa(a[i].a); r[n+i]=fa(a[i].b); f[fa(a[i].a)]=n+i; f[fa(a[i].b)]=n+i; } int _i=n+m; for(int i=1;i<n;i++) if(fa(i)!=fa(i+1)) { _i++; f[_i]=_i; gp[_i]=_i; l[_i]=fa(i); r[_i]=fa(i+1); f[fa(i)]=_i; f[fa(i+1)]=_i; } } void calc()//求区间最小值预处理 { for(int i=1;i<=_n;i++) { dp[i][0]=d[i]; _dp[i][0]=i; } int j=1,k=2; while(k<=_n) { for(int i=1;i<=_n-k+1;i++) if(dp[i][j-1]<dp[i+k/2][j-1]) { dp[i][j]=dp[i][j-1]; _dp[i][j]=_dp[i][j-1]; } else { dp[i][j]=dp[i+k/2][j-1]; _dp[i][j]=_dp[i+k/2][j-1]; } j++; k*=2; } k=1;j=0; for(int i=1;i<=_n;i++) { if(i>=2*k) { k*=2; j++; } p[i]=j; q[i]=k; } } int lca(int x,int y)//求区间最小值 { return (dp[x][p[y-x+1]]>dp[y-q[y-x+1]+1][p[y-x+1]])?_dp[y-q[y-x+1]+1][p[y-x+1]]:_dp[x][p[y-x+1]]; } int main() { n=read(); m=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { a[i].a=read(); a[i].b=read(); a[i].c=read(); } init(); _n=dfs(fa(1),1,0); calc(); m=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { int x,y; x=read(); y=read(); x=po[x];y=po[y]; if(x>y) swap(x,y); int o=lca(x,y),sum=a[e[o]-n].c; for(x=f[e[x]];x!=e[o];x=f[x]) sum=min(sum,a[x-n].c); for(y=f[e[y]];y!=e[o];y=f[y]) sum=min(sum,a[y-n].c); printf("%d\\n",sum?sum:-1); } return 0; }
以上是关于NOIP2013D1T3货车运输的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
luogu1967[NOIP2013D1T3] 货车运输 (最大生成树+LCA)
货车运输 vijos 1843 NOIP2013 D1T3 最大生成树,并查集,(伪·LCA)