Codeforces Round #605 (Div. 3) E - Nearest Opposite Parity (超级源点)
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题意:一个数组,i位置可以到达i +/- a[ i ] 位置(不越界情况下),问你每个位置要走到一个奇偶性相反的地点最少要走几次,
在现场,,然而我真的不会哈哈哈哈我好菜??
主要是两点:超级源点(多源变单源)+ 反向建边(反向思维)
建立一个超级奇数点,一个超级偶数点;
超级奇数点为例,从该点出发,配合我们建立的反向边,
如果可以到达某个偶数点,求得的距离肯定是所有能到达他的奇数点中最小的(最短路中任意一条子路最短)
还有就是图里面写搜索记得开vis,,,树里面搜索可以不写,不等于父节点就好了(搜索待补充)
//n+1奇数0偶数超级源点
int n,a[MAXN];
vector<pii>edge[MAXN];
int dis[MAXN],vis[MAXN],ans[MAXN];
void spfa(int u)
{
rep(i,n+2) dis[i]=1<<30,vis[i]=0;
queue<int>q;q.push(u);
dis[u]=0;vis[u]=1;
while(q.size())
{
u=q.front(),q.pop();vis[u]=0;
for(auto x:edge[u])
{
int v=x.first;
if(dis[v]>x.second+dis[u])
{
dis[v]=x.second+dis[u];
if(vis[v]==0) vis[v]=1,q.push(v);
}
}
}
}
int main()
{
fast;
cin>>n;
rpp(i,n)
{
cin>>a[i];
if(i+a[i]<=n) edge[i+a[i]].push_back(make_pair(i,1));
if(i-a[i]>=1) edge[i-a[i]].push_back(make_pair(i,1));
}
rpp(i,n)
{
if(a[i]%2) edge[n+1].push_back(make_pair(i,0));
else edge[0].push_back(make_pair(i,0));
ans[i]=-1;
}
spfa(0);
rpp(i,n) if(a[i]%2==1&&dis[i]!=1<<30) ans[i]=dis[i];
spfa(n+1);
rpp(i,n) if(a[i]%2==0&&dis[i]!=1<<30) ans[i]=dis[i];
rpp(i,n) cout<<ans[i]<<" ";
cout<<endl;
//stop;
return 0;
}
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