Codeforces Round #614 (Div. 2) 比赛总结

Posted 2021-03-14 baseai

比赛情况

怒切 (A,B,C,D)，后面 (E,F) 两题技术太菜不会做，不知道什么时候可以补起来。

比赛总结

事实证明：

• 比赛前喝一瓶抗疲劳饮料对比赛状态的进入有显著效果。

• 比赛有人陪着打对AC题目有显著效果。

说正经的：

• 不要紧张，也不要太过放松。这样才有利于发挥出真实水平。

下面就开始 喜闻乐见 的题解吧。

A

入门题

枚举找到最近的可用楼层即可。用 (STL) 里面的 map 判断一个楼层是否可用使用。

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
inline int read() {
    int x=0,f=1; char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9') { if(ch=='-') f=-1; ch=getchar(); }
    while(ch>='0'&&ch<='9') { x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48); ch=getchar(); }
    return x * f;
}
int n,S,K,ans;
void work() {
    map<int,bool> vis;
    n = read(), S = read(), K = read(); ans = INF;
    for(int i=1,x;i<=K;++i) {
        x = read(); vis[x] = 1;
    }
    for(int j=0;S+j<=n||S-j>=1;++j) {
        if(S+j <= n && !vis[S+j]) {
            ans = j; break;
        }
        if(S-j >= 1 && !vis[S-j]) {
            ans = j; break;
        }
    }
    printf("%d
",ans);
}
int main()
{
    int T = read();
    while(T--) work();
    return 0;
}

B

贪心题

假设最优策略是：每次选一个人答错，当前剩下 (s) 个人时的收益就是 (frac{1}{s})，答案就是 (sum_{i=1}^n frac{1}{i})。

用数学归纳法证明这个猜想的正确性（其实也可以手动模拟+感性理解qwq）

证明：
对于 (n=1)，答案是 (frac{1}{1})，显然成立。
对于任意 (k,k>1)，假设对 (k-1) 成立，下面我们证明对 (k) 也成立。
(k-1) 时的最大收益是 (sum_{i=1}^{k-1} frac{1}{i})
如果 (k) 回合不取 (frac{1}{k})，而是取任意正整数 (r,r>1,frac{r}{k})，那么答案就是 (frac{r}{k}+sum_{i=1}^{k-r})，然而 (sum_{i=k-r+1}^k frac{1}{i} > frac{r}{k}) （因为可以把右边写成 (sum_{i=1}^r frac{1}{k})，和式的项数是相同的，但是左边和式的每一项都大于等于右边的每一项）
所以对于 (k,frac{1}{k} + sum_{i=1}^{k-1} frac{1}{i}) 是最大的答案。

（我的证明其实有些繁琐）

Code

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read() {
    int x=0,f=1; char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9') { if(ch=='-') f=-1; ch=getchar(); }
    while(ch>='0'&&ch<='9') { x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48); ch=getchar(); }
    return x * f;
}
int n;
double sum=0;
int main(){
    n = read();
    for(double i=1;i<=n;i++){
        sum += 1 / i;
    }
    printf("%.10f
",sum);
}

C

模拟题

把迷宫分为上下两部分，上面部分第 (x) 格记做 (m_{0,x})，下面部分第 (x) 个记做 (m_{1,x})。

可以发现如果 (m_{0,x}) 是熔岩，(m_{1,x-1},m_{1,x},m_{1,x+1}) 就不能是熔岩，否则就输出 No

接下来就是按题意模拟。

Code

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read() {
    int x=0,f=1; char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9') { if(ch=='-') f=-1; ch=getchar(); }
    while(ch>='0'&&ch<='9') { x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48); ch=getchar(); }
    return x * f;
}
const int N = 2e5+7;
int n,q,cnt;
int vis[N],ctr[N],sto[N];
int main()
{
    n = read(), q = read();
    for(int i=1;i<=q;++i) {
        int x = read(), y = read();
        if(x == 1) {
            if(vis[y] == 0) {
                vis[y] = 1;
                for(int j=-1;j<=1;++j)
                    if(y+j>=1 && y+j<=n) {
                        if(ctr[y+j] == 0 && sto[y+j]==1) {
                            ++cnt;
                        }
                        ctr[y+j]++;
                    }
            } else {
                vis[y] = 0;
                for(int j=-1;j<=1;++j)
                    if(y+j>=1 && y+j<=n) {
                        if(ctr[y+j] == 1 && sto[y+j]==1)
                            --cnt;
                        ctr[y+j]--;
                    }
            }
        } else {
            if(sto[y] == 0) {
                sto[y] = 1;
                if(ctr[y]) ++cnt;
            } else {
                sto[y] = 0;
                if(ctr[y]) --cnt;
            }
        }
        if(!cnt) puts("Yes");
        else puts("No");
    }
    return 0;
}

D

暴力枚举题

有一个技巧，看到 (a_x,a_y >= 2)，这启发我们点数不会超过 (log_2 t) 个（这是算进上一个题目学来的技巧，看题目数据qwq）。

还有一个距离性质，因为是曼哈顿距离，我们可以一个一个点得走，从 (i) 点走到第 (i+1) 点或者是走到 (i-1) 点，并且不走回头路。

这样我们的算法就呼之欲出了，枚举从起点走到一个点 (P)，再枚举从点 (P) 向上走，向下走两种路径，统计能走的最多步数。

（我还觉得这题码力有点大qwq）

update： Wrong Answer on test 125

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
using namespace std;
inline int read() {
    int x=0,f=1; char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9') { if(ch=='-') f=-1; ch=getchar(); }
    while(ch>='0'&&ch<='9') { x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48); ch=getchar(); }
    return x * f;
}
const int N = 1007;
int t,cnt,ans;
struct Point {
    int x,y;
}p[N],a,b,st;
inline int dist(Point p1,Point p2) {
    return abs(p1.x-p2.x) + abs(p1.y-p2.y);
}
signed main()
{
    p[0].x = read(), p[0].y = read(), a.x = read(), a.y = read(), b.x = read(), b.y = read();
    st.x = read(), st.y = read(), t = read();
    int X,Y;
    for(X=a.x*p[0].x+b.x, Y=a.y*p[0].y+b.y; X<=INF && Y<=INF && X>=0 && Y>=0; X=a.x*X+b.x,Y=a.y*Y+b.y) {
        p[++cnt].x = X, p[cnt].y = Y;
        //printf("  <%lld,%lld>
",X,Y);
    }
    //printf("Why %d %d
",X,Y);
    //for(int i=0;i<=cnt;++i) printf("(%lld,%lld)
",p[i].x,p[i].y);
    //printf("  INF = %lld
",INF);
    //printf("%lld
",cnt);
    for(int i=0;i<=cnt;++i) {
        int tmp = t, res = 1;
        tmp -= dist(st,p[i]);
        if(tmp < 0)  continue;
        while(tmp-dist(p[i],p[i+res]) >= 0 && i+res<=cnt) ++res;
        ans = max(ans,res);
        res = 1;
        while(i-res>=0 && tmp-dist(p[i],p[i-res]) >= 0) ++res;
        ans = max(ans,res);
    }
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}
/*
1 1 2 2 0 0
51531 51321 5153151
*/

E

挖坑，待补

F

挖坑，待补