CF-1291 D - Irreducible Anagrams

Posted 2021-03-12 1625--h

D. Irreducible Anagrams

题意

若两个字符串中每个字符的个数都是一样的，则称他们互为(anagrams)。现在定义两个字符串s,t是(reducible~anagram)的，必须满足下面的条件：

1. 将s、t两个字符串分别拆成k(k>=2)个连续子串
2. (s_1,s_2cdots s_k) 按顺序排列构成s
3. (t_1,t_2cdots t_k) 按顺序排列构成t
4. (forall i in [1,k],都有s_i 是 t_i 的anagrams)
   现在给了一个字符串，每次询问它的一个字串是否存在一个(irreducible~anagram)（请注意这些概念必须是以s是t的(anagrams)前提下进行的）

分析

对于每个询问的字符串s，是否存在一个字符串t，使得t是s的(irreducible~anagram).分析题目条件可以将问题转换为：在t和s的任意等长前缀中，它们的字符集的个数必须是不同的（也就是确保它们不是(anagrams))

我们声明满足下面条件的字符串存在(irreducible~anagram)

1. 长度等于1
2. 首字符和尾字符不同
3. 字符串包含至少三种不同的字符

求证这些条件后，利用前缀和的技巧可以很容易的解决本题。下面试证一下：

1. 长度等于1，那么就无法找到一个 k(k>=2) ，所以它的(irreducible~anagram)就是它本身
2. (s[1] eq s[n]) 即首字符和尾字符不同，我们可以尽量靠前的将所有同(s[n])一样的字符写在前面。然后剩下的字符随便放置即可。可以想到对于任意的(kin[1,n-1]),都满足(s[1..k])与(t[1..k])的字符集不同。
3. 字符串包含至少三种不同的字符，并且(s[1] = s[n])。可以找到一个最大的(j)满足(s[j] eq s[n])。可以把所以同(s[j])一样的字符放到最后面，然后紧挨着中间放置所有同(s[n])的字符，因为不同字符个数大于等于3，所以现在最前面肯定还有空位，将剩余的字符随意放置在最前面即可。可以想到构成的这样的一个串，一定满足任意前缀字符集不等。

到此为止就可以放心做题了，但试图证明一下为何(s[1] = s[n]~~and~~不同字符个数等于2)的情况为何找不到。
假设字符只有a和b两种，而且(s[1]=s[n]=a),那么我们构造出来的串必须满足任意前缀中(b)的个数，都大于(s)对应前缀中b的个数。那么考虑(s)中最后出现(b)的位置(x),可以想到(s[1..x-1])前缀比(t[1..x-1])少一个(b)，而(s[x]=b)得出现使得(t[x])必须再放置一个(b),这样才能满足任意前缀中b得个数都要比s多，但此时已经没有(b)可以放了（因为(s[1..x-1])就已经多放了一个b）所以在(x)这个位置，无法构造。

const int N = 200010 + 5;
char s[N];
int n, sum[N][26], q, l, r, cnt[26];
int main() {
    scanf("%s", s+1);
    n = strlen(s + 1);
    for (int i = 1; i <= n;i++){
        memcpy(sum[i], sum[i - 1], sizeof sum[i]);
        sum[i][s[i] - 'a']++;
    }
    scanf("%d", &q);
    while(q--){
        scanf("%d%d", &l, &r);
        if(r - l == 0){
            puts("YES");
            continue;
        }
        int x = 0;
        for (int i = 0; i < 26;i++){
            cnt[i] = sum[r][i] - sum[l - 1][i];
            if(cnt[i])
                x++;
        }
        if(s[l] == s[r] && x <= 2){
            puts("NO");
        }else
            puts("YES");
    }
    return 0;
}