『最短Hamilton路径 状态压缩DP』

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了『最短Hamilton路径 状态压缩DP』相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

<更新提示>

<第一次更新>状压DP入门


<正文>

最短Hamilton路径

Description

给定一张 n(n≤20) 个点的带权无向图,点从 0~n-1 标号,求起点 0 到终点 n-1 的最短Hamilton路径。 Hamilton路径的定义是从 0 到 n-1 不重不漏地经过每个点恰好一次。

Input Format

第一行一个整数n。 接下来n行每行n个整数,其中第i行第j个整数表示点i到j的距离(一个不超过10^7的正整数,记为a[i,j])。 对于任意的x,y,z,数据保证 a[x,x]=0,a[x,y]=a[y,x] 并且 a[x,y]+a[y,z]>=a[x,z]。

Output Format

一个整数,表示最短Hamilton路径的长度。

Sample Input

4
0 2 1 3
2 0 2 1
1 2 0 1
3 1 1 0

Sample Output

4

解析

很容易想到的朴素解法是枚举全排列,时间复杂度(O(n*!n)),显然是会(TLE)的。注意到(n<20),我们考虑状态压缩(DP)。设(f[i][S])代表当前遍历状态为(S),到了第(i)个点的最短长度。如何理解遍历状态(S)呢?我们把它当做一个二进制的(01)串,从右数第i位为如果为(0),就说明节点i没有被遍历到过,如果第(i)位为(1),则说明节点i被遍历到过了。我们将整个图的遍历状态记为一个二进制数,这就是状态压缩。

那么我们考虑如何(DP)。我们将编号记为从(1)开始的,那么初始状态就是(f[1][1]=0)
这里我们需要先理解状态的查询和赋值操作:

1.S&(1<<(i-1))代表取出状态S的(从右往左)第i位
2.S|(1<<(i-1))代表将状态S的(从右往左)第i位赋值为1

那么我们就可以得到状态转移方程了:[f[j][S|(1<<(j-1))]=min{f[i][S]+dis[i][j]}]
需要满足节点(j)未访问,节点(i)已经访问过了。

状态的初值一开始均为正无穷,枚举(S,i,j)即可转移,时间复杂度(O(n^2*2^n)),目标状态为(f[n][(1<<n)-1])

(Code:)

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=20;
int n,dis[N+5][N+5],f[N+5][(1<<N)+5],ans=0x3f3f3f3f;
inline void input(void)
{
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=1;j<=n;j++)
            scanf("%d",&dis[i][j]);
}
inline void dp(void)
{ 
    memset(f,0x3f,sizeof f);
    f[1][1]=0;
    for(int S=1;S<(1<<n);S++)
        for(int i=1;i<=n;i++)
            if(S&(1<<(i-1)))
                for(int j=1;j<=n;j++)
                    if( not (S&(1<<(j-1))) )
                        f[j][S|(1<<(j-1))]=min(f[j][S|(1<<(j-1))],f[i][S]+dis[i][j]);

}
int main(void)
{
    freopen("test.in","r",stdin);
    freopen("test.out","w",stdout);
    input();
    dp();
    printf("%d
",f[n][(1<<n)-1]);
}


<后记>

以上是关于『最短Hamilton路径 状态压缩DP』的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

DP问题从入门到精通4(状态压缩dp,蒙德里安,最短Hamilton路径)

DP问题从入门到精通4(状态压缩dp,蒙德里安,最短Hamilton路径)

AcWing 91. 最短Hamilton路径(状态压缩DP+哈密顿回路)

完全图的最短Hamilton路径——状压dp

最短Hamilton路径

# 最短Hamilton路径(二进制状态压缩)