P1941 飞扬的小鸟
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了P1941 飞扬的小鸟相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目描述
游戏界面是一个长为 nn,高为 mm 的二维平面,其中有 kk 个管道(忽略管道的宽度)。
小鸟始终在游戏界面内移动。小鸟从游戏界面最左边任意整数高度位置出发,到达游戏界面最右边时,游戏完成。
小鸟每个单位时间沿横坐标方向右移的距离为 11,竖直移动的距离由玩家控制。如果点击屏幕,小鸟就会上升一定高度 XX,每个单位时间可以点击多次,效果叠加;如果不点击屏幕,小鸟就会下降一定高度 YY。小鸟位于横坐标方向不同位置时,上升的高度 XX 和下降的高度 YY 可能互不相同。
小鸟高度等于 00 或者小鸟碰到管道时,游戏失败。小鸟高度为 mm 时,无法再上升。
现在,请你判断是否可以完成游戏。如果可以,输出最少点击屏幕数;否则,输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
输入输出格式
输入格式:
第 11 行有 33 个整数 n, m, kn,m,k,分别表示游戏界面的长度,高度和水管的数量,每两个整数之间用一个空格隔开;
接下来的 nn 行,每行 22 个用一个空格隔开的整数 XX 和 YY,依次表示在横坐标位置 0 sim n-10∼n−1 上玩家点击屏幕后,小鸟在下一位置上升的高度 XX,以及在这个位置上玩家不点击屏幕时,小鸟在下一位置下降的高度 YY。
接下来 kk 行,每行 33 个整数 P, L, HP,L,H,每两个整数之间用一个空格隔开。每行表示一个管道,其中 PP 表示管道的横坐标,LL 表示此管道缝隙的下边沿高度,HH 表示管道缝隙上边沿的高度(输入数据保证 PP 各不相同,但不保证按照大小顺序给出)。
输出格式:
共两行。
第一行,包含一个整数,如果可以成功完成游戏,则输出 11,否则输出 00。
第二行,包含一个整数,如果第一行为 11,则输出成功完成游戏需要最少点击屏幕数,否则,输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
题目解析
完全背包DP,用x[i],y[i]表示在i处点击上升和下降的距离 DP[i][j]表示到达i,j处的最少点击次数
则可得出DP转移方程
DP[i][j]=min(DP[i][j],DP[i-1][j+y[i]]+1); //下降 DP[i][j]=min(DP[i-1][j-x[i]]+1,DP[i][j-x[i]]+1); //上升 if(j>=high[i]+1||j<low[i])DP[i][j]=inf;//处理水管 DP[i][j]=min(DP[i][m],DP[i][j]);//高出边界的情况
上述转移方程中的第二个,之所以可以从DP[i][j]转移而来,是因为在一个时间点可以点击多次,所以可以在同一个维度内更新
第四个方程,是处理溢出最大高度m的情况,因为在原题目中说明当到达顶部不可以再向上移动,而转移式中会溢出顶部[0,M)
当然这一部分也可以用来更新
第三个转移方程一定要在一、二、四转移后使用,因为规则是不能接触管道
做完DP后就可以直接遍历最后一列,若有被更新过得直接输出即可
若没有则代表无法到达终点,这时从后向前遍历,遇到第一个被更新的管道,记录位置,向前数有几个管道就是能通过的最大管道数即可
code:
#include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #define maxn 10200 #define maxm 2200 using namespace std; int low[maxn],high[maxn],x[maxn],y[maxn],flag[maxn]; int f[maxn][maxm],n,m,k,P,L,H; int main() { //freopen("1.in","r",stdin); cin>>n>>m>>k; for(register int i=1;i<=n;i++) cin>>x[i]>>y[i]; for(register int i=1;i<=n;i++) { high[i]=m; low[i]=1; } for(register int i=1;i<=k;i++) { cin>>P>>L>>H; flag[P]=1; low[P]=L+1;; high[P]=H-1; } memset(f,0x3f3f3f,sizeof(f)); for(int i=1;i<=m;i++) f[0][i]=0; for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=x[i]+1;j<=x[i]+m;j++) f[i][j]=min(f[i-1][j-x[i]]+1,f[i][j-x[i]]+1); for(int j=m+1;j<=x[i]+m;j++) f[i][m]=min(f[i][m],f[i][j]); for(int j=1;j<=m-y[i];j++) f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j+y[i]]); for(int j=1;j<low[i];j++) f[i][j]=0x3f3f3f; for(int j=high[i]+1;j<=m;j++) f[i][j]=0x3f3f3f; } int ans=0x3f3f3f; for(int i=1;i<=m;i++) ans=min(ans,f[n][i]); if(ans<0x3f3f3f) { cout<<1<<endl; cout<<ans<<endl; return 0; } int i,j;// 这里定义i,j用来存储坐标,所以下面的循环中不要再定义了 for( i=n;i>=1;i--) { for( j=1;j<=m;j++) { if(f[i][j]<0x3f3f3f) break; } if(j<=m) break;//若j在m+1的位置代表这一列没有被更新到,否则代表最远到达这里 } ans=0; for(j=1;j<=i;j++) if(flag[j]) ans++; cout<<0<<endl; cout<<ans<<endl; return 0; }
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