「日常训练」Uncle Tom's Inherited Land*（HDU-1507）

Posted 2021-01-20 samhx

题意与分析

题意是这样的：给你一个(N imes M)的图，其中有一些点不能放置(1 imes 2)大小的矩形，矩形可以横着放可以竖着放，问剩下的格子中，最多能够放多少个矩形。
注意到是(1 imes 2)的矩形，所以是一个(i+j)和为奇数的可以与(i+j)为偶数的相连。抽象坐标和分别为奇数、偶数的为二分图的两个点集，可构建的矩形为边，那么剩下要做的就是二分图的最大匹配。
比较有趣的是具体实现。先把可以匹配的点单独拎出来，然后根据这些点建图。具体怎么建的呢？给每个可以匹配的点标记，如果这些点是奇数点，那么它周围的点连一条边。然后完事了。
然后如何打印结果呢？注意到Linker数组是保存了每一个点与其他点匹配的信息的，拿出来打印就是了。

这题重要的是这个奇偶的建图思想。

代码

/* ACM Code written by Sam X or his teammates.
 * Filename: hdu1507.cpp
 * Date: 2018-11-16
 */

#include <bits/stdc++.h>

#define INF 0x3f3f3f3f
#define PB emplace_back
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define rep(i,a,b) for(repType i=(a); i<=(b); ++i)
#define per(i,a,b) for(repType i=(a); i>=(b); --i)
#define ZERO(x) memset(x, 0, sizeof(x))
#define MS(x,y) memset(x, y, sizeof(x))
#define ALL(x) (x).begin(), (x).end()

#define QUICKIO                      ios::sync_with_stdio(false);     cin.tie(0);                      cout.tie(0);
#define DEBUG(...) fprintf(stderr, __VA_ARGS__), fflush(stderr)

using namespace std;
using pi=pair<int,int>;
using repType=int;
using ll=long long;
using ld=long double;
using ull=unsigned long long;

int n,m,uN,vN;
int a[105][105], b[105], g[505][505];
bool used[505];
int linker[505];

bool dfs(int u)
{
    rep(v,0,vN-1)
        if(g[u][v] && !used[v])
        {
            used[v]=true;
            if(linker[v]==-1 || dfs(linker[v]))
            {
                linker[v]=u;
                return true;
            }
        }
    return false;
}

int hungary()
{
    int res=0;
    MS(linker,-1);
    rep(u,0,uN-1)
    {
        ZERO(used);
        if(dfs(u)) res++;
    }
    return res;
}

int
main()
{
    while(cin>>n>>m)
    {
        if(!n && !m) break;
        int k; cin>>k;
        ZERO(a);
        while(k--)
        {
            int u,v; cin>>u>>v;
            a[u-1][v-1]=-1;
        }
        int idx=0;
        rep(i,0,n-1)
            rep(j,0,m-1)
            {
                if(a[i][j]!=-1)
                {
                    b[idx]=i*m+j;
                    a[i][j]=idx++;
                }
            }
        uN=vN=idx;
        ZERO(g);
        rep(i,0,n-1)
            rep(j,0,m-1)
            {
                if(a[i][j]!=-1 && (i+j)%2)
                {
                    int u=a[i][j];
                    if(i>0 && a[i-1][j]!=-1)
                        g[u][a[i-1][j]]=1;
                    if(i<n-1 && a[i+1][j]!=-1)
                        g[u][a[i+1][j]]=1;
                    if(j>0 && a[i][j-1]!=-1)
                        g[u][a[i][j-1]]=1;
                    if(j<m-1 && a[i][j+1]!=-1)
                        g[u][a[i][j+1]]=1;
                }
            }
        int ans=hungary();
        cout<<ans<<endl;
        rep(i,0,vN-1)
        {
            if(linker[i]!=-1)
            {
                int x1=b[i]/m+1,
                    y1=b[i]%m+1,
                    x2=b[linker[i]]/m+1,
                    y2=b[linker[i]]%m+1;
                cout<<"("<<x1<<","<<y1<<")--("<<x2<<","<<y2<<")
";
            }
        }
        cout<<endl;
    }
    return 0;
}