POJ - 1845 G - Sumdiv (唯一分解定理)
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了POJ - 1845 G - Sumdiv (唯一分解定理)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
Consider two natural numbers A and B. Let S be the sum of all natural divisors of A^B. Determine S modulo 9901 (the rest of the division of S by 9901).
Input
The only line contains the two natural numbers A and B, (0 <= A,B <= 50000000)separated by blanks.
Output
The only line of the output will contain S modulo 9901.
Sample Input
2 3
Sample Output
15
Hint
2^3 = 8.
The natural divisors of 8 are: 1,2,4,8. Their sum is 15.
15 modulo 9901 is 15 (that should be output).
The natural divisors of 8 are: 1,2,4,8. Their sum is 15.
15 modulo 9901 is 15 (that should be output).
题意:输入A,B 求A^B的所有因子之和
思路: 首先求一个数的所有因子之和,我们就可以使用我们的唯一分解定理
(1+p1^1+p1^2+p1^3...p1^n)*(1+p2^1.....p2^n)*...*(1+pn^1+....+pn^n)
然后每一个括号里面我们可以用一个等比数列公式来求得
a1*(1-q^n)/(1-q)
不过既然我们要用除法,那我们为了保证精确度肯定要求逆元,还有求q^n的时候,因为范围比较大,你就要使用快速幂求得
这也说了,这是一个数的所有因子之和,
题目所求得是 A^B的所有因子之和,所以你要想想,因为数据比较大所以我们不能直接求解,这样取模容易丢失精度
运用算术基本原理 4^6=(2^2) ^6=2^12
所以可以直接算出素因子时直接个数乘以幂数即可
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #include<vector> #define mod 9901 #define MAX 1001 using namespace std; typedef long long ll; int cnt; vector<ll> prime; vector<ll> times; ll qpow(ll a,ll b)//快速幂加快求幂数 { ll ans=1; while(b) { if(b&1) ans=(ans*a)%mod; b>>=1; a=(a*a)%mod; } return ans; } void divide(ll n) {//求出n里所有的素数银子 for(ll i=2;i*i<=n;++i) { if(n%i==0) { prime.push_back(i);ll cnt=0; while(n%i==0) {n/=i;++cnt;} times.push_back(cnt); } } if(n>1) {prime.push_back(n);times.push_back(1);} } int main() { ll a,b; scanf("%lld%lld",&a,&b); divide(a); ll ans=1; for(int i=0,end=prime.size();i<end;++i) { times[i]*=b;//乘了括号外的乘方 if((prime[i]-1)%mod==0) ans=ans*(times[i]+1)%mod;//当底数为1时,就是乘以项数 else ans=ans*((qpow(prime[i],times[i]+1)-1+mod)*qpow(prime[i]-1,mod-2)%mod)%mod;//等比数列公式 } printf("%lld ",ans); return 0; }
以上是关于POJ - 1845 G - Sumdiv (唯一分解定理)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章