赛时总结◇赛时·VII◇ Atcoder ABC-106

Posted 2020-12-30 luckyglass-blog

【赛时·VII】 ABC-106

一条比赛时莫名其妙发了半个小时呆的菜鸡&咸鱼得到了自己应有的下场……279th. Rating:1103（+）

终于AK，一次通过……

---

 

◇ 简单总结

ABC还是和往常一样，前两道题比手速（+英语QwQ，那些dalao七分钟AK时我还在看第二题的题意??），感觉自己码代码的速度还是太慢了。

第三题稍动脑筋，发现是一道结论题……

第四题本来没什么难度，但是我时间复杂度分析错了，一直以为我会TLE，就没敢交??，然后开始想优化（实际上发了半个小时呆），于是rank就蹭蹭蹭往下掉。当然最后还是秒掉——ACM赛制还是要快准恨好……

---

 

◇ 题目&解析

◆A题◆ Garden   ?小学数学? +传送门+

· 【翻译】

有一个n*m的花园（2≤n,m≤100），有两条宽度为1的小路，分别是横向、纵向的，其余面积都是草地，求草地的面积。

· 【解析】

把两条小路移动到侧边去，或者说把两条小路割成的四个部分合成一个矩形，我们就会发现草地形成了一个(n-1)*(m-1)的矩形，也就是求这个矩形的面积……（没什么可讲的）

· 【源代码】

/*Lucky_Glass*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int main(){
	int A,B;
	scanf("%d%d",&A,&B);
	printf("%d
",(A-1)*(B-1));
	return 0;
}

◆B题◆ 105   ?枚举? +传送门+

· 【翻译】

给出n，求1~n（n≤200）中有多少奇数有恰好8个正因子。

· 【解析】

因为n≤200，O(n²)的算法都不会炸掉……因此直接枚举1~n，再O(n)找出因子数就可以了。其实也可以打表，这玩意200以内都没有几个。

· 【源代码】

/*Lucky_Glass*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int F(int x){
	int ret=0;
	for(int i=1;i<=x;i++)
		if(x%i==0)
			ret++;
	return ret;
}
int main(){
	int n,tot=0;
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i+=2)
	{
		if(F(i)==8)
			tot++;
	}
	printf("%d
",tot);
	return 0;
}

◆C题◆ To Infinity   ?结论? +传送门+

· 【翻译】

给出一个长度不超过100的数字串，每过一天，对于数字串中的每一个第i个字符，会变成 第i个字符的值 个第i个字符。

比如数字串"1325"一天后会变成"13332255555"。你需要求出5*10¹⁵天后第k（k≤10¹⁸）个字符是什么。

· 【解析】

我们可以发现每个字符是成次方翻倍的，即若第i个字符数值为t，则r天后会变成 t^r 个t。然后我们可以发现，除了1，其他数的 5*10⁵ 次方远远的超过了 10¹⁸ 。所以我们枚举0~len-1的字符，若发现前k个字符中包含不为1的字符，则答案就是出现得最早的不为1的字符——因为5*10⁵天后它的数量必然超过k。若没有，则答案为1。

· 【源代码】

/*Lucky_Glass*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<vector>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll k;
char S[105];
vector<int> POW[10];
int main(){

	scanf("%s%lld",S,&k);
	int len=strlen(S);
	for(int i=0;i<k;i++)
	{
		if(S[i]!=‘1‘)
		{
			printf("%c
",S[i]);
			return 0;
		}
	}
	printf("1
");
	return 0;
}

◆D题◆ AtCoder Express 2   ?前缀和? +传送门+

· 【翻译】

直线上有n座城市从左到右编号为1~n，一条铁路连接它们。有m辆火车，给出它们的出发城市和终止城市。共q次询问，给出i,j，回答共有多少辆火车只在城市i~j之间行驶（不是恰好，只要在之间就可以）。

· 【解析】

这道题本质就是给出一些线段，求共有多少线段在区间[l,r]中。

可以用分段前缀和解决，定义A[i][j]为起始点为i，终止点为j的火车数量；B[i][j]为起始点为i，终止点不超过j的火车的数量；C[i][j]为起始点大于等于i，终止点小于等于j的火车的数量，其实也就是答案。

输入时直接统计A[i][j]；B[i][j]可以用O(n²)的复杂度递推——B[i][j]=B[i][j-1]+A[i][j]；C也可以用O(n²)递推——C[i][j]=C[i+1][j]+B[i][j]。

然后就输出答案了。

当然还有一种做法是将B数组前缀和为sum，即sum[i][j]表示 B[1~i][j] 。而我们的答案就是 B[l~r][r]，就可以通过前缀和解决，即 sum[r]-sum[l-1]。

· 【源代码】

/*Lucky_Glass*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,m,q;
int A[505][505],B[505][505],C[505][505];
int main(){
	//freopen("in.txt","r",stdin);
	scanf("%d%d%d",&n,&m,&q);
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		int l,r;scanf("%d%d",&l,&r);
		A[l][r]++;
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=i;j<=n;j++)
			B[i][j]=B[i][j-1]+A[i][j];
	for(int i=n;i>=1;i--)
		for(int j=i;j<=n;j++)
			C[i][j]=C[i+1][j]+B[i][j];
	for(int i=0;i<q;i++)
	{
		int l,r;scanf("%d%d",&l,&r);
		printf("%d
",C[l][r]);
	}
	return 0;
}

　　

---

 

个人觉得不是很难……

The End

Thanks for reading!

- Lucky_Glass

（Tab：如果我有没讲清楚的地方可以直接在邮箱[email protected] email我，在周末我会尽量解答并完善博客~??）