UOJ#514通用测评号

Posted 2020-12-22 asuldb

题目

直接算是非常困难的，因为每填满一个仓库之后分母就变了。

但是不难发现"等概率随机选一个没有满的燃料舱"其实是没什么用的，直接转化为等概率选取一个位置(+1)，求(geq a)位置个数的期望。这样的话概率就一直是(frac{1}{n})。

考虑对于(1)号位置计算在全部位置(geq b)之前(1)号位置(geq a)的概率是多少，由于每个位置是等价的，所以乘(n)就是答案了。

将每次填的位置拿出来形成一个序列，考虑在这个序列有(a)个(1)的时候就停下来。这样概率就和序列长度相关了。同时我们还需要保证至少有一个位置在序列的出现次数少于(b)次，否则在出现(a)个(1)之前就停下来了。

设(F(x)=sum_{i=0}^{b-1}frac{x^i}{i!})，可以用生产函数将序列写成如下形式：

[frac{x^{a-1}}{(a-1)!}sum_{i=1}^ninom{n-1}{i}F^i(x)(e^x-F(x))^{n-1-i} ]

即选出(i)个位置来出现次数少于(b)，剩下的(n-1-i)个位置出现次数大于等于(b)。(1)出现了(a)次且必定出现在最后，于是只剩下(a-1)个位置可以随便排列。

后面用一下二项式定理，就能得到：

[frac{x^{a-1}}{(a-1)!}[e^{(n-1)x}-(e^x-F(x))^{n-1}] ]

再用一下二项式定理将((e^x-F(x))^{n-1})展开得：

[frac{x^{a-1}}{(a-1)!}[e^{(n-1)x}-sum_{i=0}^{n-1}inom{n-1}{i}(-F(x))^ie^{(n-1-i)x}] ]

之后我们会得到一些形如(c imes x_i imes e^{jx})的东西，直接展开得(csum_{k=0}^{infty}frac{j^k(k+i)!}{k!n^{k+i+1}}=frac{c}{n^{i+1}}sum_{k=0}^{infty}(frac{j}{n})^k(k+i)^{underline i})。这里的(frac{1}{n^{i+k+1}})是这个长度为(i+k+1)的序列出现的概率，(+1)是因为还有被钦定在最后一个位置的(1)。

之后推一波式子：

[egin{aligned} &sum_{k=0}^{infty}(frac{j}{n})^k(k+i)^{underline i}=&i!sum_{k=0}^{infty}(frac{j}{n})^kinom{k+i}{i}=&i!sum_{k=0}^{infty}(frac{j}{n})^kinom{k+(i+1)-1}{(i+1)-1} end{aligned} ]

生成函数中有一个经典结论，(sum_{k=0}^{infty}x^kinom{k+i-1}{i-1}=frac{1}{(1-x)^{i}})，于是我们可以将(frac{j}{n})看成(x)，就能得到

[i!sum_{k=0}^{infty}(frac{j}{n})^kinom{k+i}{i}=frac{1}{(1-frac{j}{n})^{i+1}} ]

于是(c imes x_i imes e^{jx}=frac{i!c}{n^{i+1}(1-frac{j}{n})^{i+1}}=frac{i!c}{(n-j)^{i+1}})，((-F(x)))的各次幂可以直接暴力NTT来算，于是复杂度为(O(n^3log n))。

代码。