刷题总结——支线剧情(bzoj3876费用流)
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了刷题总结——支线剧情(bzoj3876费用流)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目:
【故事背景】
宅男JYY非常喜欢玩RPG游戏,比如仙剑,轩辕剑等等。不过JYY喜欢的并不是战斗场景,而是类似电视剧一般的充满恩怨情仇的剧情。这些游戏往往
都有很多的支线剧情,现在JYY想花费最少的时间看完所有的支线剧情。
【问题描述】
JYY现在所玩的RPG游戏中,一共有N个剧情点,由1到N编号,第i个剧情点可以根据JYY的不同的选择,而经过不同的支线剧情,前往Ki种不同的新的剧情点。当然如果为0,则说明i号剧情点是游戏的一个结局了。
JYY观看一个支线剧情需要一定的时间。JYY一开始处在1号剧情点,也就是游戏的开始。显然任何一个剧情点都是从1号剧情点可达的。此外,随着游戏的进行,剧情是不可逆的。所以游戏保证从任意剧情点出发,都不能再回到这个剧情点。由于JYY过度使用修改器,导致游戏的“存档”和“读档”功能损坏了,
所以JYY要想回到之前的剧情点,唯一的方法就是退出当前游戏,并开始新的游戏,也就是回到1号剧情点。JYY可以在任何时刻退出游戏并重新开始。不断开始新的游戏重复观看已经看过的剧情是很痛苦,JYY希望花费最少的时间,看完所有不同的支线剧情。
Input
输入一行包含一个正整数N。
接下来N行,第i行为i号剧情点的信息;
第一个整数为,接下来个整数对,Bij和Tij,表示从剧情点i可以前往剧
情点,并且观看这段支线剧情需要花费的时间。
Output
输出一行包含一个整数,表示JYY看完所有支线剧情所需要的最少时间。
Sample Input
6
2 2 1 3 2
2 4 3 5 4
2 5 5 6 6
0
0
0
2 2 1 3 2
2 4 3 5 4
2 5 5 6 6
0
0
0
Sample Output
24
HINT
JYY需要重新开始3次游戏,加上一开始的一次游戏,4次游戏的进程是
1->2->4,1->2->5,1->3->5和1->3->6。
对于100%的数据满足N<=300,0<=Ki<=50,1<=Tij<=300,Sigma(Ki)<=5000
题解:
这道题很NB····
表面看起来如果直接按题意建图的话,会是一道有下界费用流的题···md我不会···
但可以转成普通费用流的题····这里引用PoPoQQQ题解····%%%%%%
对于每一条边权为z的边x->y:
从S到y连一条费用为z,流量为1的边 代表这条边至少走一次
从x到y连一条费用为z,流量为INF的边 代表这条边除了至少走的一次之外还可以随便走
对于每个点x:
从x到T连一条费用为0,流量为x的出度的边
从x到1连一条费用为0,流量为INF的边,代替原图上的源和汇
不得不说想到这样建图实在是太巧妙了·····
代码:
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<ctime> #include<cctype> #include<cstring> #include<string> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; const int inf=1e+8; const int N=5000; const int M=150005; queue<int>que; int tot=1,first[N],go[M],next[M],rest[M],cost[M]; int chu[N],ans=0,dis[N],src,des,n; bool insta[N],visit[N]; int R() { char c; int f=0; for(c=getchar();c<‘0‘||c>‘9‘;c=getchar()); for(;c>=‘0‘&&c<=‘9‘;c=getchar()) f=(f<<3)+(f<<1)+c-‘0‘; return f; } inline void comb(int a,int b,int c,int d) { next[++tot]=first[a],first[a]=tot,go[tot]=b,rest[tot]=c,cost[tot]=d; next[++tot]=first[b],first[b]=tot,go[tot]=a,rest[tot]=0,cost[tot]=-d; } inline bool SPFA() { for(int i=src;i<=des;i++) visit[i]=false,dis[i]=inf; que.push(src); dis[src]=0; while(!que.empty()) { int u=que.front(); que.pop(); insta[u]=false; for(int e=first[u];e;e=next[e]) { int v=go[e]; if((dis[v]>dis[u]+cost[e])&&rest[e]) { dis[v]=dis[u]+cost[e]; if(!insta[v]) { que.push(v); insta[v]=true; } } } } return dis[des]!=inf; } inline int dinic(int u,int flow) { if(u==des) { ans+=flow*dis[des]; return flow; } visit[u]=true; int res=0,delta,v; for(int e=first[u];e;e=next[e]) { if(dis[v=go[e]]==dis[u]+cost[e]&&!visit[v]&&rest[e]) { delta=dinic(v,min(rest[e],flow-res)); if(delta) { rest[e]-=delta; rest[e^1]+=delta; res+=delta; if(res==flow) break; } } } return res; } inline void maxflow() { while(SPFA()) dinic(src,inf); } int main() { //freopen("a.in","r",stdin); n=R(); int t,a,b; src=0,des=n+1; for(int i=1;i<=n;i++) { t=R(); for(int j=1;j<=t;j++) { a=R(),b=R(); comb(src,a,1,b); comb(i,a,inf,b); } chu[i]=t; } for(int i=1;i<=n;i++) { comb(i,des,chu[i],0); if(i!=1) comb(i,1,inf,0); } maxflow(); cout<<ans<<endl; return 0; }
以上是关于刷题总结——支线剧情(bzoj3876费用流)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
[AHOI2014][bzoj3876] 支线剧情 [上下界费用流]