LuoguP4463 [集训队互测2012] calc DP+拉格朗日插值
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这道题的题意不太明确.
应该是两个序列 $a,b$ 不同,当且仅当存在位置 $i$ 使得 $a[i]$ 不等于 $b[i]$.
朴素的 DP 非常好列:$f[i][j]$ 表示选了 $i$ 个数,且值域为 $[1,j]$ 的总价值和.
那么有 $f[i][j]=f[i-1][j-1] imes j+f[i][j-1]$,直接算的话复杂度是 $O(nD)$ 的.
但是我们可以猜测这是一个关于 $j$ 的 $g_{i}$ 次多项式.
有一个结论:对于 $n$ 次多项式 $h(x)$,满足 $h(x)-h(x-1)$ 是 $n-1$ 次多项式.
那么有 $f[i][j]-f[i][j-1]=f[i-1][j-1] imes j$.
将 $g$ 带入,有 $g_{i}-1=g_{i-1}+1$.
即 $g_{i}=g_{i-1}+2$,说明这是一个关于 $j$ 的 $2 imes i$ 次多项式.
那么我们就求出 $f[n][1...2n+1]$ 后将值带入,然后拉格朗日插值来插一下就行了.
code:
#include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 2002 #define ll long long #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; int D,n,mod,tot,f[N][N],fac[N]; void init() { fac[0]=1; for(int i=1;i<N;++i) { fac[i]=(ll)fac[i-1]*i%mod; } } struct point { int x,y; point(int x=0,int y=0):x(x),y(y){} }a[N]; int qpow(int x,int y) { int tmp=1; for(;y;y>>=1,x=(ll)x*x%mod) if(y&1) tmp=(ll)tmp*x%mod; return tmp; } int get_inv(int x) { return qpow(x,mod-2); } int calc() { int ans=0; for(int i=1;i<=tot;++i) { int inv=1,up=1; for(int j=1;j<=tot;++j) { if(i==j) continue; up=(ll)up*(D-a[j].x+mod)%mod; inv=(ll)inv*(a[i].x-a[j].x+mod)%mod; } inv=get_inv(inv); (ans+=(ll)a[i].y*up%mod*inv%mod)%=mod; } return ans; } int main() { // setIO("input"); scanf("%d%d%d",&D,&n,&mod); init(); for(int i=0;i<=2*n+1;++i) f[0][i]=1; for(int i=1;i<=n;++i) { for(int j=1;j<=2*n+1;++j) { f[i][j]=(ll)(f[i][j-1]+(ll)f[i-1][j-1]*j%mod)%mod; } } for(int i=1;i<=2*n+1;++i) { a[++tot]=point(i,f[n][i]); } printf("%d ",(ll)calc()*fac[n]%mod); return 0; }
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