刷题总结——bzoj1725(状压dp)

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了刷题总结——bzoj1725(状压dp)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

题目:

题目描述

Farmer John 新买了一块长方形的牧场,这块牧场被划分成 N 行 M 列(1<=M<=12; 1<=N<=12),每一格都是一块正方形的土地。

FJ 打算在牧场上的某几格土地里种上美味的草,供他的奶牛们享用。遗憾的是,有些土地相当的贫瘠,不能用来放牧。并且,奶牛们喜欢独占一块草地的感觉,于是 FJ 不会选择两块相邻的土地,也就是说,没有哪两块草地有公共边。当然,FJ 还没有决定在哪些土地上种草。

作为一个好奇的农场主,FJ 想知道,如果不考虑草地的总块数,那么,一共有多少种种植方案可供他选择。当然,把新的牧场荒废,不在任何土地上种草,也算一种方案。请你帮 FJ 算一下这个总方案数。

输入格式

第 1 行: 两个正整数 N 和 M ,用空格隔开 
第 2..N+1 行: 每行包含 M 个用空格隔开的整数,描述了每块土地的状态。输入的第 i+1 行描述了第 i 行的土地。所有整数均为 0 或 1 ,是 1 的话,表示这块土地足够肥沃,0 则表示这块地上不适合种草。

输出格式

输出一个整数,即牧场分配总方案数除以 100,000,000 的余数。

样例数据 1

输入  [复制]

 

 

2 3 
1 1 1 
0 1 0

输出

9

备注

【样例说明】
土地情况如下:

1 1 1
0 1 0

按下图把肥沃的各块土地编号:

1 2 3
0 4 0

只开辟一块草地的话,有 4 种方案:选 1、2、3、4 中的任一块。
开辟两块草地的话,有 3 种方案:13、14 以及 34。
选三块草地只有一种方案:1、3、4。
再加把牧场荒废的那一种,总方案数为 4+3+1+1=9 种。

【数据范围】
对于 50% 的数据,满足1≤N≤5;1≤M≤6
对于 100% 的数据,满足1≤N≤12;1≤M≤12。

题解:

状压dp裸题,用dp[i][j]表示处理到第i行,第i行状态为j的方案数,dp[1][j]可以预处理出来,每次处理dp[i][k]时先枚举dp[i-1][j]是否符合条件,再看k和j是否符合条件(详细见代码)

代码:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<ctime>
#include<cctype>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int mod=1e8;
const int N=15;
int map[N],dp[N][5000],n,m,maxx,ans;
void Dp()
{
  for(int i=0;i<=maxx;i++)
    if((i&(i>>1))==0 && (i|map[1])==map[1])
      dp[1][i]=1; 
  for(int i=2;i<=n;i++)
    for(int j=0;j<=maxx;j++)
      if(dp[i-1][j])
        for(int k=0;k<=maxx;k++)
        {
          if((k&j)==0&&(k&(k>>1))==0&&(k|map[i])==map[i])
            dp[i][k]=(dp[i][k]+dp[i-1][j])%mod;
        }
  for(int i=0;i<=maxx;i++)      
    ans=(ans+dp[n][i])%mod;    
}
int main()
{
  //freopen("a.in","r",stdin);
  //freopen("a.out","w",stdout);
  int a;
  scanf("%d%d",&n,&m);
  for(int i=1;i<=n;i++)  
    for(int j=1;j<=m;j++)
    {
      scanf("%d",&a);
      map[i]=(map[i]<<1)+a;
    }
  maxx=1;
  for(int i=1;i<=m;i++)
    maxx=(maxx<<1);  
  maxx--;
  Dp();
  cout<<ans<<endl;
  return 0;
}

 










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