在给定的网格中，每个单元格可以有以下三个值之一：
值 0 代表空单元格；
值 1 代表新鲜橘子；
值 2 代表腐烂的橘子。
每分钟，任何与腐烂的橘子（在 4 个正方向上）相邻的新鲜橘子都会腐烂。
返回直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1。
示例 1：
输入：[[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]]
输出：4
示例 2：
输入：[[2,1,1],[0,1,1],[1,0,1]]
输出：-1
解释：左下角的橘子（第 2 行， 第 0 列）永远不会腐烂，因为腐烂只会发生在 4 个正向上。
示例 3：
输入：[[0,2]]
输出：0
解释：因为 0 分钟时已经没有新鲜橘子了，所以答案就是 0 。
提示：
1 <= grid.length <= 10
1 <= grid[0].length <= 10
grid[i][j] 仅为 0、1 或 2
BFS：
class Solution {
public int orangesRotting(int[][] grid) {
int rows = grid.length;
int cols = grid[0].length;
int count = 0;
int[][] dir = new int[][]{{0,1}, {0,-1}, {1,0}, {-1,0}};
Queue<Orange> queue = new LinkedList<>();
for(int i = 0; i < rows; i++){
for(int j = 0; j < cols; j++){
if(grid[i][j] == 2) //将已经腐烂的橘子加入队列
queue.add(new Orange(i, j));
}
}
while(!queue.isEmpty()){
int size = queue.size();
boolean flag = false;
for(int i = 0; i < size; i++){
Orange o = queue.poll();
for(int j = 0; j < 4; j++){
int x = o.x + dir[j][0];
int y = o.y + dir[j][1];
if(x < 0 || y < 0 || x >= rows || y >= cols || grid[x][y] != 1){
continue;
}
grid[x][y] = 2;
queue.add(new Orange(x, y));
flag = true;
}
}
if(flag){
count++;
}
}
for(int i = 0; i < rows; i++){
for(int j = 0; j < cols; j++){
if(grid[i][j] == 1)
return -1;
}
}
return count;
}
}
class Orange{//自定义橘子类
int x, y;
public Orange(int x, int y){
this.x = x;
this.y = y;
}
}