Description：
在一个地区中有 n 个村庄，编号为 1, 2, ..., n。有 n – 1 条道路连接着这些村 庄，每条道路刚好连接两个村庄，从任何一个村庄，都可以通过这些道路到达其 他任一个村庄。每条道路的长度均为 1 个单位。 为保证该地区的安全，巡警车每天要到所有的道路上巡逻。警察局设在编号 为 1 的村庄里，每天巡警车总是从警察局出发，最终又回到警察局。 下图表示一个有 8 个村庄的地区，其中村庄用圆表示（其中村庄 1 用黑色的 圆表示），道路是连接这些圆的线段。为了遍历所有的道路，巡警车需要走的距 离为 14 个单位，每条道路都需要经过两次。
为了减少总的巡逻距离，该地区准备在这些村庄之间建立 K 条新的道路， 每条新道路可以连接任意两个村庄。两条新道路可以在同一个村庄会合或结束 （见下面的图例（c））。 一条新道路甚至可以是一个环，即，其两端连接到同一 个村庄。 由于资金有限，K 只能是 1 或 2。同时，为了不浪费资金，每天巡警车必须 经过新建的道路正好一次。 下图给出了一些建立新道路的例子：
在(a)中，新建了一条道路，总的距离是 11。在(b)中，新建了两条道路，总 的巡逻距离是 10。在(c)中，新建了两条道路，但由于巡警车要经过每条新道路 正好一次，总的距离变为了 15。 试编写一个程序，读取村庄间道路的信息和需要新建的道路数，计算出最佳 的新建道路的方案使得总的巡逻距离最小，并输出这个最小的巡逻距离。
Input ：
第一行包含两个整数 n, K(1 ≤ K ≤ 2)。接下来 n – 1 行，每行两个整数 a, b， 表示村庄 a 与 b 之间有一条道路(1 ≤ a, b ≤ n)。
Output：
输出一个整数，表示新建了 K 条道路后能达到的最小巡逻距离。
思路：K = 1时，求出树的直径L，然后把两端加一条边即可，答案就是2 * （n - 1） - L + 1
K = 2时，两个环的重叠部分会被巡逻两次，所以当求出直径L1的时候对直径上的边取反然后再求一遍直径L2就可以了（因为L2如果经过这个L1取反的部分，说明两个部分重叠，减掉L1之后重叠部分就只经过一次了，减掉（L2 - 1）相当于把重叠的部分加回来，变成“需要经过两次”），答案就是2 * (n - 1) - （L1 - 1）- （L2 - 1）
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 1e5 + 10; int head[N], now = 1; struct edges{ int to,next,w; }edge[N<<1]; void add(int u ,int v, int w){ edge[++now] = {v, head[u], w}; head[u] = now;} int n, k, dep[N], pre[N], pos1, pos2, d[N], L1, L2; void dfs1(int x,int fa){ for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){ int v = edge[i].to; if(v == fa) continue; dep[v] = dep[x] + edge[i].w; dfs1(v, x); } if(dep[x] > dep[pos1]) pos1 = x; } void dfs2(int x,int fa){ for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){ int v = edge[i].to; if(v == fa) continue; d[v] = d[x] + edge[i].w; pre[v] = i; dfs2(v, x); } if(d[x] > d[pos2]) pos2 = x; } void work(int x){ if(x == 0) return ; int tmp = pre[x]; edge[tmp].w = edge[tmp ^ 1].w = -1; work(edge[tmp ^ 1].to); } void dp(int x, int fa){ for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){ int v = edge[i].to; if(v == fa) continue; dp(v, x); L2 = max(L2, d[x] + d[v] + edge[i].w); d[x] = max(d[x], d[v] + edge[i].w); } } int main(){ scanf("%d%d",&n, &k); int x, y; for(int i = 1; i < n; i++){ scanf("%d%d",&x,&y); add(x, y, 1); add(y, x, 1); } dfs1(1, -1); dfs2(pos1, -1); work(pos2); L1 = d[pos2]; if(k == 1){ printf("%d\n",2 * n - L1 - 1); return 0; } /* for(x = 1; x <= n; x++){ cout<<x<<": "; for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next) cout<<edge[i].to<<" "<<"("<<edge[i].w<<") "; cout<<endl; }*/ memset(d,0,sizeof(d)); dp(1, -1); printf("%d\n",2 * n - L1 - L2); return 0; }