给秋招加点料——Hot15道高频算法面试题！
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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了给秋招加点料——Hot15道高频算法面试题！相关的知识，希望对你有一定的参考价值。
目录
1.链表篇
反转链表
难度：easy
考察次数：189
题目描述
输入一个链表，反转链表后，输出新链表的表头。
思路:创建三个指针，一个表示前一个结点pre，一个表示当前节点cur，一个表示后一个节点next。循环next=cur->next，cur->next=pre，pre=cur，cur=next，直到当前节点为NULL。
/*
struct ListNode
int val;
struct ListNode *next;
ListNode(int x) :
val(x), next(NULL)
;*/
class Solution
public:
ListNode* ReverseList(ListNode* pHead)
ListNode* cur=pHead,*pre=NULL,*next;
while(cur!=NULL)
next=cur->next;
cur->next=pre;
pre=cur;
cur=next;
return pre;
;
判断链表中是否有环
难度：easy
考察次数：120
题目描述
判断给定的链表中是否有环。如果有环则返回true，否则返回false。
你能给出空间复杂度的解法么？
思路：采用快慢指针解决，慢指针每次向前移动一步，快指针每次向前移动2步，如果链表中有环，快慢指针一定会相遇，注意一下溢出，判断快指针的下一步是不是NULL，如果为NULL则fast->next->next就溢出了。
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode(int x) : val(x), next(NULL)
* ;
*/
class Solution
public:
bool hasCycle(ListNode *head)
ListNode *fast=head,*cur=head;
while(fast!=NULL&&fast->next!=NULL)
cur=cur->next;
fast=fast->next->next;
if(cur==fast)return true;
return false;
;
合并有序链表
难度： middle
考察次数：57
题目描述
将两个有序的链表合并为一个新链表，要求新的链表是通过拼接两个链表的节点来生成的，且合并后新链表依然有序。
思路：先确定表头，创建一个cur表示当前指针，之后比较两个链表表头节点，每次都让cur->next=较小表头的指针，并让该指针移动到其next，直到某链表为空，将剩余链表全部接到cur后面即可。
AC code
/**
* struct ListNode
* int val;
* struct ListNode *next;
* ;
*/
class Solution
public:
/**
*
* @param l1 ListNode类
* @param l2 ListNode类
* @return ListNode类
*/
ListNode* mergeTwoLists(ListNode* l1, ListNode* l2)
// write code here
ListNode* cur,*head;
if(l1==NULL)return l2;
else if(l2==NULL)return l1;
else if(l1->val<=l2->val)cur=l1;l1=l1->next;
else cur=l2;l2=l2->next;
head=cur;
while(!(l1==NULL&&l2==NULL))
if(l2==NULL)cur->next=l1;l1=l1->next;
else if(l1==NULL) cur->next=l2;l2=l2->next;
else if(l1->val<=l2->val)cur->next=l1;l1=l1->next;
else cur->next=l2;l2=l2->next;
cur=cur->next;
return head;
;
2.动态规划篇
跳台阶
难度: easy
考察次数： 55
题目描述
一只青蛙一次可以跳上1级台阶，也可以跳上2级。求该青蛙跳上一个n级的台阶总共有多少种跳法（先后次序不同算不同的结果）。
思路： d[i]表示从0到第i个台阶总共的方案数。转移方程：dp[i]=dp[i-1]+dp[i-2]，因为当前台阶可以由前两级台阶走到，初始dp[0]=1,dp[1]=1
。
AC code
class Solution
public:
int jumpFloor(int number)
int dp[10000];
dp[1]=1,dp[0]=1;
for(int i=2;i<=number;i++)
dp[i]=dp[i-1]+dp[i-2];
return dp[number];
;
子数组的最大累加和
难度：easy
考察次数：52
题目描述
给定一个数组arr，返回子数组的最大累加和
例如，arr = [1, -2, 3, 5, -2, 6, -1]，所有子数组中，[3, 5, -2, 6]可以累加出最大的和12，所以返回12.
题目保证没有全为负数的数据
[要求]
时间复杂度为O(n)O(n)O(n)，空间复杂度为O(1)O(1)O(1)
思路：dp[i]为以第i个元素为结尾的最大累加和，状态转移方程：dp[i]=max(dp[i-1]+arr[i]，arr[i])，从这可看出其实dp[i]只与dp[i-1]有关，所以对于dp的存储只需要一个空间，每次更新当前dp即可dp(相当于更新后的dp[i])=max(dp(相当于dp[i-1])+arr[i]，arr[i])。
AC code
class Solution
public:
/**
* max sum of the subarray
* @param arr int整型vector the array
* @return int整型
*/
int dp=0,ans=0;
int maxsumofSubarray(vector<int>& arr)
// write code here
for(int i=0;i<arr.size();i++)
dp=max(dp,0)+arr[i];
ans=max(ans,dp);
return ans;
;
求路径
难度：easy
考察次数：15
题目描述
一个机器人在m×n大小的地图的左上角（起点）。
机器人每次向下或向右移动。机器人要到达地图的右下角（终点）。
可以有多少种不同的路径从起点走到终点？
备注：m和n小于等于100,并保证计算结果在int范围内
思路： dp[i][j]表示走到 位置 i,j 的路径数，状态转移方程 dp[i][j]=dp[i-1][j]+dp[i][j-1] ，注意边界的处理情况。
AC code
class Solution
public:
/**
*
* @param m int整型
* @param n int整型
* @return int整型
*/
long long dp[105][105];
long long dfs(int x,int y,int n,int m)
if(dp[x][y])return dp[x][y];
if(x<1||x>n||y<1||y>m)return 0;
return dp[x][y]=dfs(x-1,y,n,m)+dfs(x,y-1,n,m);
long long uniquePaths(int m, int n)
// write code here
dp[1][1]=1;
return dfs(m,n,m,n);
;
最长公共子串
难度：middle
考察次数：52
题目描述
给定两个字符串str1和str2,输出两个字符串的最长公共子串
题目保证str1和str2的最长公共子串存在且唯一。
思路： dp[i][j]代表str1串第以第i个字符结尾和str2串的公共串长度。状态转移方程：如果：str1[i]==str2[j]，dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+1,如果str1[i]!=str2[j]，dp[i][j]=0。然后题目求的是最长串，那我们只需记录哪时dp[i][j]最大，最长公共串即为此时的i向前取dp[i][j]长度。
AC code
class Solution
public:
/**
* longest common substring
* @param str1 string字符串 the string
* @param str2 string字符串 the string
* @return string字符串
*/
int dp[5005][5005];
int ans=0;
string LCS(string str1, string str2)
string str;
for (int i = 0;i < str1.size();i++)
for (int j = 0;j < str2.size();j++)
if (str1[i] == str2[j])
if (i - 1 >= 0 && j - 1 >= 0)
dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1] + 1;
if (dp[i - 1][j - 1] + 1 > ans)
str = str1.substr(i - dp[i - 1][j - 1], dp[i - 1][j - 1] + 1);
ans = max(dp[i - 1][j - 1] + 1, ans);
else [`
dp[i][j] = 1;
if (1 >= ans) ans = 1;str = str1[i];
else dp[i][j] = 0;
return str;
;
3.树篇
两个节点最近公共祖先
难度：middle
考察次数：32
题目描述
给定一棵二叉树以及这棵树上的两个节点 o1 和 o2，请找到 o1 和 o2 的最近公共祖先节点。
思路： 用一个map[i]记录以当前节点i为根，如果子树有一个所要求的节点则map[i]=1,两个则map[i]=2，从根节点深度优先搜索，第一个map为二的节点即为最近的公共祖先。
AC code
/**
* struct TreeNode
* int val;
* struct TreeNode *left;
* struct TreeNode *right;
* ;
*/
class Solution
public:
/**
*
* @param root TreeNode类
* @param o1 int整型
* @param o2 int整型
* @return int整型
*/
map<int, int> ma;
int dfs(TreeNode* n,int a,int b)
if (n == NULL)return 0;
if (n->val == a )ma[a]++;
if (n->val == b )ma[b]++;
int g = ma[n->val] + dfs(n->left, a, b) + dfs(n->right, a, b);
if (f==-1 && g >= 2)
f = n->val;
return g;
int f = -1;
int lowestCommonAncestor(TreeNode* root, int o1, int o2)
dfs(root, o1, o2);
return f;
;
实现二叉树先中后序排列
难度：middle
考察次数：97
题目描述
分别按照二叉树先序，中序和后序打印所有的节点。
思路： 深度优先搜索，先序遍历即每到一个节点优先访问当前的节点值，后续遍历最后访问当前节点值，中序遍历先访问左节点再访问当前节点值最后访问右节点。
AC code
/**
* struct TreeNode
* int val;
* struct TreeNode *left;
* struct TreeNode *right;
* ;
*/
#include<stack>
class Solution
public:
/**
* @param root TreeNode类 the root of binary tree
* @return int整型vector<vector<>>
*/
int lst[4][100005];
int g[4];
void preorder(TreeNode *p)
if(p==NULL)return;
lst[1][++g[1]]=p->val;
preorder(p->left);
preorder(p->right);
void pastorder(TreeNode *p)
if(p==NULL)return;
pastorder(p->left);
pastorder(p->right);
lst[3][++g[3]]=p->val;
void inOrder(TreeNode* p)
if(p==NULL)return;
inOrder(p->left);
lst[2][++g[2]]=p->val;
inOrder(p->right);
vector<vector<int> > threeOrders(TreeNode* root)
// write code here
g[1]=0,g[2]=0,g[3]=0;
preorder(root);
inOrder(root);
pastorder(root);
vector<vector<int>> ans;
for(int i=1;i<=3;i++)
vector<int> vec;
for(int j=1;j<=g[i];j++)vec.push_back(lst[i][j]);
ans.push_back(vec);
return ans;
;
二叉树之字形遍历
难度：middle
考察次数：37
题目描述
给定一个二叉树，返回该二叉树的之字形层序遍历，（第一层从左向右，下一层从右向左，一直这样交替）
例如：
给定的二叉树是3,9,20,#,#,15,7,
该二叉树之字形层序遍历的结果是
[
[3],
[20,9],
[15,7]
]
思路： 每次遍历一层的节点保存到一个列表中，然后下一层要从相反方向遍历，那么只需从当前层的后面往前面遍历子节点即可（每个下一层都是前一层的相反方向就实现了之字形遍历了），还要注意每次到新的一层要改变一下遍历方向，比如这层先遍历左节点再右节点，下层先右节点再左节点。
AC code
/**
* struct TreeNode
* int val;
* struct TreeNode *left;
* struct TreeNode *right;
* ;
*/
class Solution
public:
/**
*
* @param root TreeNode类
* @return int整型vector<vector<>>
*/
vector<vector<int> > zigzagLevelOrder(TreeNode* root)
// write code here
vector<vector<int>> ans;
if(root==NULL)return ans;
vector<TreeNode*> vec,t;
vector<int> lstroot->val;
ans.push_back(lst);
vec.push_back(root);
int f=1;
while(!vec.empty())
t.clear();
for(int i=vec.size()-1;i>=0;i--)
if(f==1)
if(vec[i]->right!=NULL)t.push_back(vec[i]->right);
if(vec[i]->left!=NULL)t.push_back(vec[i]->left);
else
if(vec[i]->left!=NULL)t.push_back(vec[i]->left);
if(vec[i]->right!=NULL)t.push_back(vec[i]->right);
vec=t;
vector<int> tt;
for(int i=0;i<vec.size();i++秋招冲刺应届生JAVA岗-每日5道高频面试题Day7- 集合篇
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