CF1497E2 Square-free division (hard version)
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了CF1497E2 Square-free division (hard version)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
CF1497E2 Square-free division (hard version)
题意:
数组 a 由 n 个正整数构成。你需要将它们分割成最小数量的连续子段,使得每一个子段中的任意两个数(不同位置)的乘积不为完全平方数。
除此之外,你被允许在分割之前进行最多 k 次修改操作。
在一次修改操作中,你可以选择数组中的某个位置的数,将该位置的数变为任意正整数。
请问连续子段的最小数量是多少(在最多 k 次操作后)?
题解:
本题多了修改操作,一开始部分和E1情况一样,还是先对数组
a
[
]
a[]
a[]进行操作,将偶数质因子去掉,奇数质因子留下一个。
很明显要dp转移,如何转移?
先设dp[i][j]表示前i个数字修改了j的连续字段的最小数量
怎么转移呢?
单单考虑第i个是否修改貌似是不够的,一个思想是上一次划分到k,修改次数为p,则从dp[k][p]转移到dp[i][j]。对于[k+1,i]这一段,如果这一段的最小需要改变数量为num,那么就有p+num=j。
这样我们就需要知道任意一段[l,r]的最小修改次数
我们设l[i][k]:表示最小的pos使得[pos,i]作为一个整段时消耗了x从修改,为什么要这样设?这样可以极大的简化dp过程,对于一个k,不同的i,我们可以快速找到上一个状态j,从状态j转移到当前的状态i
转移方程:
d
p
[
i
]
[
j
]
=
m
o
i
n
(
d
p
[
i
]
[
j
]
,
d
p
[
l
[
i
]
[
x
]
]
[
j
−
x
]
+
1
)
dp[i][j]=moin(dp[i][j],dp[l[i][x]][j-x]+1)
dp[i][j]=moin(dp[i][j],dp[l[i][x]][j−x]+1)
对于数组l[i][k]=j,对于一个确定的k,当i增加时,结果j必然单调不减,所以j我们可以利用双指针O(n)求,这样求l[][]数组的复杂度是O(nk)
dp复杂度是
O
(
n
k
2
)
O(nk^2)
O(nk2)
代码:
// Problem: E2. Square-free division (hard version)
// Contest: Codeforces Round #708 (Div. 2)
// URL: https://codeforces.com/contest/{getProblemIndexes(problemCurrentPageList[i][0])[0]}/problem/E2
// Memory Limit: 256 MB
// Time Limit: 2000 ms
// By Jozky
#include <bits/stdc++.h>
#include <unordered_map>
#define debug(a, b) printf("%s = %d\\n", a, b);
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int, int> PII;
clock_t startTime, endTime;
//Fe~Jozky
const ll INF_ll= 1e18;
const int INF_int= 0x3f3f3f3f;
void read(){};
template <typename _Tp, typename... _Tps> void read(_Tp& x, _Tps&... Ar)
{
x= 0;
char c= getchar();
bool flag= 0;
while (c < '0' || c > '9')
flag|= (c == '-'), c= getchar();
while (c >= '0' && c <= '9')
x= (x << 3) + (x << 1) + (c ^ 48), c= getchar();
if (flag)
x= -x;
read(Ar...);
}
template <typename T> inline void write(T x)
{
if (x < 0) {
x= ~(x - 1);
putchar('-');
}
if (x > 9)
write(x / 10);
putchar(x % 10 + '0');
}
void rd_test()
{
#ifdef ONLINE_JUDGE
#else
startTime= clock();
freopen("data.in", "r", stdin);
#endif
}
void Time_test()
{
#ifdef ONLINE_JUDGE
#else
endTime= clock();
printf("\\nRun Time:%lfs\\n", (double)(endTime - startTime) / CLOCKS_PER_SEC);
#endif
}
const int maxn= 2e5 + 9;
int dp[maxn][30];
int l[maxn][30];
int vis[20000020];
int a[maxn];
int main()
{
//rd_test();
int t;
read(t);
while (t--) {
int n, k;
read(n, k);
for (int i= 1; i <= n; i++) {
read(a[i]);
int now= a[i];
for (int j= 2; j * j <= now; j++) {
int cnt= 0;
while (now % j == 0) {
now/= j;
cnt++;
}
for (int k= 1; k <= cnt; k++)
a[i]/= j;
if (cnt % 2 == 1)
a[i]*= j;
}
}
for (int lim= 0; lim <= k; lim++) {
int cnt= 0;
for (int i= 1, j= 1; i <= n; i++) {
vis[a[i]]++;
if (vis[a[i]] >= 2)
cnt++;
if (cnt > lim) {
while (cnt > lim) {
if (vis[a[j]] >= 2)
cnt--;
vis[a[j]]--;
j++;
}
}
l[i][lim]= j;
}
for (int i= 1; i <= n; i++)
vis[a[i]]= 0;
}
for (int i= 0; i <= n; i++)
for (int j= 0; j <= k; j++)
dp[i][j]= INF_int;
dp[0][0]= 0;
for (int i= 1; i <= n; i++) {
for (int j= 0; j <= k; j++) {
for (int x= 0; x <= j; x++) {
dp[i][j]= min(dp[i][j], dp[l[i][x] - 1][j - x] + 1);
}
}
}
int ans= INF_int;
for (int i= 0; i <= k; i++) {
ans= min(ans, dp[n][i]);
}
cout << ans << endl;
}
return 0;
//Time_test();
}
以上是关于CF1497E2 Square-free division (hard version)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
CF1497E1 Square-free division (easy version)