ICPC南京18J——考虑素数贡献
Posted hans774882968
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了ICPC南京18J——考虑素数贡献相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
是少数题意特别容易看懂的ICPC题,题意略。传送门
直接考虑区间是不得行的,唯一跳脱出区间思路的方法,是利用数值(数论题的普遍特征)。这里问不同素因子的个数,自然要考虑素因子贡献了。所以原问题转化为:每个素因子p
的贡献为包含它的区间个数,包含定义为区间中存在一个数是p
的倍数,求贡献和。
这个转化还不够,仍然不能做。但我们发现,枚举数组里每个数的所有素因子,这在时间复杂度上是可行的,也是很常见的技巧。所以我们不妨在枚举a[i]
的素因子p
的时候,更新p
的贡献。
于是此时我们面临一个问题:设有i[1],...i[x]
这些下标的对应的数,是素因子p
的倍数,怎么不重复地算出包含它们中的某些数的区间总数?做法就是规定每个区间只能被第一次出现的统计(在单调栈+计数的问题里,也常常出现这一技巧)。所以我们在枚举过程中维护一个哈希表las
,las[p]
表示上一个有p
的下标。我们得出,此时素因子p
的贡献增量为:(i-las[p])*(n-i+1)
。
所以最后的做法是:枚举每个a[i]
的每个素因子p
,并更新p
的贡献增量。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
#define rep(i,a,b) for(int i = (a);i <= (b);++i)
#define re_(i,a,b) for(int i = (a);i < (b);++i)
#define dwn(i,a,b) for(int i = (a);i >= (b);--i)
const int N = 1e6 + 5;
int n,a[N],las[N];
vector<int> primes;bool vis[N];
void dbg(){puts("");}
template<typename T, typename... R>void dbg(const T &f, const R &... r) {
cout << f << " ";
dbg(r...);
}
template<typename Type>inline void read(Type &xx){
Type f = 1;char ch;xx = 0;
for(ch = getchar();ch < '0' || ch > '9';ch = getchar()) if(ch == '-') f = -1;
for(;ch >= '0' && ch <= '9';ch = getchar()) xx = xx * 10 + ch - '0';
xx *= f;
}
void init_p(int m){
vis[1] = true;
rep(i,2,m){
if(!vis[i]) primes.push_back(i);
for(int &p: primes){
if(i > m / p) break;
vis[i * p] = true;
if(i % p == 0) break;
}
}
}
int main(int argc, char** argv) {
init_p(N-5);
read(n);
rep(i,1,n) read(a[i]);
LL ans = 0;
rep(i,1,n){
int x = a[i];
for(int p: primes){
if(p > x/p) break;
if(x % p == 0){
ans += 1LL*(i-las[p])*(n-i+1);
las[p] = i;
}
while(x % p == 0) x /= p;
}
if(x > 1){
ans += 1LL*(i-las[x])*(n-i+1);
las[x] = i;
}
}
printf("%lld\\n",ans);
return 0;
}
以上是关于ICPC南京18J——考虑素数贡献的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
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