⭐算法入门⭐《队列 - 单调队列》中等01 —— LeetCode 1696. 跳跃游戏 VI

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一、题目

1、题目描述

  给定一个下标从 0 开始的整数数组nums[]和一个整数 k k k 。一开始在下标 0 处。每一步,你最多可以往前跳 k k k 步,但不能跳出数组的边界。也就是说,可以从下标 i i i 跳到 [ i + 1 , m i n ( n − 1 , i + k ) ] [i + 1, min(n - 1, i + k)] [i+1min(n1,i+k)] 包含 两个端点的任意位置。
  目标是到达数组最后一个位置(下标为 n − 1 n - 1 n1 ),得分 为经过的所有数字之和。请返回能得到的 最大得分。。
  样例输入: nums = [1,-1,-2,4,-7,3], k = 2
  样例输出: 7

2、基础框架

  • C语言版本 给出的基础框架代码如下:
int maxResult(int* nums, int numsSize, int k){
}

3、原题链接

( 1 ) (1) (1) LeetCode 1696. 跳跃游戏 VI

二、解题报告

1、思路分析

  比较容易想到的是动态规划,假设跳到位置 i i i 的最大值是 d p [ i ] dp[i] dp[i], 可以得到状态转移方程如下: d p [ i ] = n u m s [ i ] + m a x ( d p [ i − 1 ] , . . . , d p [ i − k ] ) dp[i] = nums[i] + max(dp[i-1], ..., dp[i-k]) dp[i]=nums[i]+max(dp[i1],...,dp[ik])   但是这一步的问题在于,数组长度为 n n n 时,状态转移的时间为 O ( k ) O(k) O(k),所以整個算法的时间复杂度为 O ( n k ) O(nk) O(nk)。所以我们需要想办法将 m a x ( d p [ i − 1 ] , . . . , d p [ i − k ] ) max(dp[i-1], ..., dp[i-k]) max(dp[i1],...,dp[ik]) 这步操作化为 O ( 1 ) O(1) O(1)
  维护一个单调递减队列,这样就能通过 O ( 1 ) O(1) O(1) 的时间找到从队首找到最大值。单调队列始终保持 d p [ . . . ] dp[...] dp[...] 的元素在队列中是单调递减的。对于队列中的两个元素,下标位置为 i < j i < j i<j, 如果 d p [ i ] ≤ d p [ j ] dp[i] \\le dp[j] dp[i]dp[j],则 d p [ i ] dp[i] dp[i] 不能放入 单调队列中,因为它不会比 d p [ j ] dp[j] dp[j] 更优。并且时刻保证,当前元素插入单调队列之后,单调队列队列首的下标 x x x,满足 i − x ≤ k i - x \\le k ixk
  单调队列 是一个 双端队列,特点是 头部只做删除,尾部可以做插入和删除。

2、时间复杂度

  • 任何一个元素只会在队列中入队和出队最多一次,总的时间复杂度为 O ( n ) O(n) O(n)

3、代码详解

/**************************** 顺序表 实现队列 ****************************/
#define DataType int
#define maxn 100005

struct Queue {
    DataType data[maxn];
    int head, tail;
};

void QueueClear(struct Queue* que) {
    que->head = que->tail = 0;
}
void QueueEnqueue(struct Queue *que, DataType dt) {
    que->data[ que->tail++ ] = dt;
}
void QueueDequeueFront(struct Queue* que) {
    ++que->head;
}
void QueueDequeueRear(struct Queue* que) {
    --que->tail;
}

DataType QueueGetFront(struct Queue* que) {
    return que->data[ que->head ];
}
DataType QueueGetRear(struct Queue* que) {
    return que->data[ que->tail - 1 ];
}
int QueueGetSize(struct Queue* que) {
    return que->tail - que->head;
}
int QueueIsEmpty(struct Queue* que) {
    return !QueueGetSize(que);
}

/**************************** 顺序表 实现队列 ****************************/

int dp[maxn];

int maxResult(int* nums, int numsSize, int k){
    int i;
    struct Queue *q = (struct Queue *) malloc (sizeof(struct Queue));
    dp[0] = nums[0];                                                 // (1) 
    QueueClear(q); 
    QueueEnqueue(q, 0);                                              // (2) 

    for(i = 1; i < numsSize; ++i) {                                  // (3) 
        while(!QueueIsEmpty(q) && i - QueueGetFront(q) > k)          // (4) 
            QueueDequeueFront(q);
        dp[i] = nums[i] + dp[ QueueGetFront(q) ];                    // (5) 
        while(!QueueIsEmpty(q) && dp[ QueueGetRear(q) ] <= dp[i])    // (6) 
            QueueDequeueRear(q);
        QueueEnqueue(q, i);                                          // (7) 
    }
    return dp[numsSize-1];
}
  • ( 1 ) (1) (1) 初始化位置;
  • ( 2 ) (2) (2) 初始情况,队列里面只有 0 这个位置;
  • ( 3 ) (3) (3) 从第 1 个位置开始计算 d p [ i ] dp[i] dp[i]
  • ( 4 ) (4) (4) 确保计算过程中的 区间范围在 [ i − 1 , i − k ] [i-1, i-k] [i1,ik] 范围内;
  • ( 5 ) (5) (5) 利用单调队列性质,dp[ QueueGetFront(q) ]必然最大,直接赋值;
  • ( 6 ) (6) (6) d p [ i ] dp[i] dp[i] 一定会插入单调队列,所以比它小的都应该出队;
  • ( 7 ) (7) (7) 执行插入操作;

三、本题小知识

   某些问题初始思路都是动态规划,无论能否用动态规划在规定时间范围内求解,都可以先用状态转移方程把它写出来。有的状态转移方程,再去看哪一步需要优化,从而考虑用什么数据结构进行优化。


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