ZJ-009期算法：贪心算法

Posted 2021-04-25 程序媛日常吖

前言：                                                     

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【ZJ-001期】数据结构（一）：数组【ZJ-002期】数据结构（二）：队列【ZJ-003期】数据结构（三）：栈【ZJ-004期】数据结构（四）：单链表【ZJ-005期】数据结构（五）：双链表【ZJ-006期】数据结构（六）：二叉树【ZJ-007期】数据结构（七）：二叉搜索树【ZJ-008期】数据结构（八）：二叉搜索树删除

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本文来自（非原创内容）：

https://blog.csdn.net/qq_37763204/article/details/79289532

贪心算法（又称贪婪算法）是指，在对问题求解时，总是做出在当前看来是最好的选择。也就是说，不从整体最优上加以考虑，他所做出的仅是在某种意义上的局部最优解。贪心算法不是对所有问题都能得到整体最优解，但对范围相当广泛的许多问题他能产生整体最优解或者是整体最优解的近似解。

基本思路：

⒈ 建立数学模型来描述问题。

⒉ 把求解的问题分成若干个子问题。

⒊ 对每一子问题求解，得到子问题的局部最优解。

⒋ 把子问题的解局部最优解合成原来解问题的一个解

该算法存在问题：

 1. 不能保证求得的最后解是最佳的；

 2. 不能用来求最大或最小解问题；

 3. 只能求满足某些约束条件的可行解的范围。

实现该算法的过程：

从问题的某一初始解出发;
while (能朝给定总目标前进一步) {    求出可行解的一个解元素;}
由所有解元素组合成问题的一个可行解。

贪心选择性质： 

    所谓贪心选择性质是指所求问题的整体最优解可以通过一系列局部最优的选择，换句话说，当考虑做何种选择的时候，我们只考虑对当前问题最佳的选择而不考虑子问题的结果。这是贪心算法可行的第一个基本要素。贪心算法以迭代的方式作出相继的贪心选择，每作一次贪心选择就将所求问题简化为规模更小的子问题。对于一个具体问题，要确定它是否具有贪心选择性质，必须证明每一步所作的贪心选择最终导致问题的整体最优解。

最优子结构性质：

当一个问题的最优解包含其子问题的最优解时，称此问题具有最优子结构性质。问题的最优子结构性质是该问题可用贪心算法求解的关键特征。

贪心法的一般流程

例题分析        [活动安排问题] 活动安排问题是可以用贪心算法有效求解的一个很好的例子。该问题要求高效地安排一系列争用某一公共资源的活动。贪心算法提供了一个简单、漂亮的方法使得尽可能多的活动能兼容地使用公共资源。

设有n个活动的集合e={1，2，…，n}，其中每个活动都要求使用同一资源，如演讲会场等，而在同一时间内只有一个活动能使用这一资源。每个活动i都有一个要求使用该资源的起始时间si和一个结束时间fi,且si< fi。如果选择了活动i，则它在半开时间区间[si，fi]内占用资源。若区间[si，fi]与区间[sj，fj]不相交，则称活动i与活动j是相容的。也就是说，当si≥fi或sj≥fj时，活动i与活动j相容。活动安排问题就是要在所给的活动集合中选出最大的相容活动子集合。

在下面所给出的解活动安排问题的贪心算法gpeedyselector中，各活动的起始时间和结束时间存储于数组s和f{中且按结束时间的非减序：．f1≤f2≤…≤fn排列。如果所给出的活动未按此序排列，我们可以用o(nlogn)的时间将它重排。

/** * 活动时间安排 */@Testpublic void testArrangeActivity() { int[] start = {1, 3, 0, 5, 3, 5, 6, 8, 8, 2, 12}; int[] end = {4, 5, 6, 7, 8, 9, 10, 11, 12, 13, 14}; List<Integer> results = arrangeActivity(start, end); for (int i = 0; i < results.size(); i++) { int index = results.get(i); System.out.println("开始时间:" + start[index] + ",结束时间:" + end[index]); }} /** * 活动安排 * * @param s 开始时间 * @param e 结束时间 * @return */public List<Integer> arrangeActivity(int[] s, int[] e) { int total = s.length; int endFlag = e[0]; List<Integer> results = new ArrayList<>(); results.add(0); for (int i = 0; i < total; i++) { if (s[i] > endFlag) { results.add(i); endFlag = e[i]; } } return results;}

[找零钱问题]假如老板要找给我99分钱，他有上面的面值分别为25，10，5，1的硬币数，为了找给我最少的硬币数，那么他是不是该这样找呢，先看看该找多少个25分的，诶99／25＝3，好像是3个，要是4个的话，我们还得再给老板一个1分的，我不干，那么老板只能给我3个25分的拉，由于还少给我24，所以还得给我2个10分的和4个1分。

@Testpublic void testGiveMoney() { //找零钱 int[] m = {25, 10, 5, 1}; int target = 99; int[] results = giveMoney(m, target); System.out.println(target + "的找钱方案:"); for (int i = 0; i < results.length; i++) { System.out.println(results[i] + "枚" + m[i] + "面值"); }} public int[] giveMoney(int[] m, int target) { int k = m.length; int[] num = new int[k]; for (int i = 0; i < k; i++) { num[i] = target / m[i]; target = target % m[i]; } return num;}

[背包问题]有一个背包，背包容量是M=150。有7个物品，物品可以分割成任意大小。 
要求尽可能让装入背包中的物品总价值最大，但不能超过总容量。 
物品 A B C D E F G 
重量 35 30 60 50 40 10 25 
价值 10 40 30 50 35 40 30 
记得当时学算法的时候，就是这个例子，可以说很经典。 
分析： 
目标函数：∑pi最大 
约束条件是装入的物品总重量不超过背包容量，即∑wi<=M( M=150) 
（1）根据贪心的策略，每次挑选价值最大的物品装入背包，得到的结果是否最优？ 
（2）每次挑选所占重量最小的物品装入是否能得到最优解？ 
（3）每次选取单位重量价值最大的物品，成为解本题的策略? 
贪心算法是很常见的算法之一，这是由于它简单易行，构造贪心策略简单。但是，它需要证明后才能真正运用到题目的算法中。一般来说，贪心算法的证明围绕着整个问题的最优解一定由在贪心策略中存在的子问题的最优解得来的。 
对于本例题中的3种贪心策略，都无法成立，即无法被证明，解释如下： 
（1）贪心策略：选取价值最大者。反例： 
W=30 
物品：A B C
重量：28 12 12
价值：30 20 20 
根据策略，首先选取物品A，接下来就无法再选取了，可是，选取B、C则更好。 
（2）贪心策略：选取重量最小。它的反例与第一种策略的反例差不多。 
（3）贪心策略：选取单位重量价值最大的物品。反例： 
W=30 
物品：A B C
重量：28 20 10 
价值：28 20 10 
根据策略，三种物品单位重量价值一样，程序无法依据现有策略作出判断，如果选择A，则答案错误。 
值得注意的是，贪心算法并不是完全不可以使用，贪心策略一旦经过证明成立后，它就是一种高效的算法。比如，求最小生成树的Prim算法和Kruskal算法都是漂亮的贪心算法。 

［均分纸牌］有N堆纸牌，编号分别为1，2，…，n。每堆上有若干张,但纸牌总数必为n的倍数.可以在任一堆上取若干张纸牌,然后移动。移牌的规则为：在编号为1上取的纸牌，只能移到编号为2的堆上；在编号为n的堆上取的纸牌，只能移到编号为n-1的堆上；其他堆上取的纸牌，可以移到相邻左边或右边的堆上。现在要求找出一种移动方法，用最少的移动次数使每堆上纸牌数都一样多。例如：n=4，4堆纸牌分别为：① 9 ② 8 ③ 17 ④ 6 移动三次可以达到目的：从③取4张牌放到④ 再从③区3张放到②然后从②去1张放到①。 
输入输出样例：4
9 8 17 6 
屏幕显示：3
算法分析：设a[i]为第I堆纸牌的张数（0<=I<=n），v为均分后每堆纸牌的张数，s为最小移动次数。 
我们用贪心算法，按照从左到右的顺序移动纸牌。如第I堆的纸牌数不等于平均值，则移动一次（即s加1），分两种情况移动： 
1．若a[i]>v，则将a[i]-v张从第I堆移动到第I+1堆； 
2．若a[i]< v，则将v-a[i]张从第I+1堆移动到第I堆。为了设计的方便，我们把这两种情况统一看作是将a[i]-v从第I堆移动到第I+1堆，移动后有a[i]=v; a[I+1]=a[I+1]+a[i]-v.
在从第I+1堆取出纸牌补充第I堆的过程中可能回出现第I+1堆的纸牌小于零的情况。 
如n=3，三堆指派数为1 2 27 ，这时v=10，为了使第一堆为10，要从第二堆移9张到第一堆，而第二堆只有2张可以移，这是不是意味着刚才使用贪心法是错误的呢？ 
我们继续按规则分析移牌过程，从第二堆移出9张到第一堆后，第一堆有10张，第二堆剩下-7张，在从第三堆移动17张到第二堆，刚好三堆纸牌都是10，最后结果是对的，我们在移动过程中，只是改变了移动的顺序，而移动次数不便，因此此题使用贪心法可行的。

@Testpublic void testMoveCard() { //总共4堆 int heap = 4;// int[] cards = {9, 8, 17, 6}; int[] cards = {10, 10, 20, 0}; int count = moveCards(cards, heap); System.out.println("移动次数:" + count); for (int i = 0; i < cards.length; i++) { System.out.println("第" + (i + 1) + "堆牌数:" + cards[i]); }} /** * 均分纸牌 * @param cards * @param heap * @return */public int moveCards(int[] cards, int heap) { //总牌数 int sum = 0; for (int i = 0; i < cards.length; i++) { sum += cards[i]; } //每堆平均牌数 int avg = sum / heap; //移动次数 int count = 0; for (int i = 0; i < cards.length; i++) { if(cards[i] != avg) { int moveCards = cards[i] - avg; cards[i] -= moveCards; cards[i + 1] += moveCards; count++; } } return count;}

好了，今天就到这里，感谢各位看官到这里~