《深入理解计算机系统》CSAPP_DataLab

Posted 2021-09-12 duile

data lab 位级运算实验

Data Lab

//难度1

• bitXor - x^y using only ~ and &
• Example: bitXor(4, 5) = 1
• Legal ops: ~ &
• Max ops: 14
• Rating: 1

//bitXor：实现位级异或，限制操作： ~ &

int bitXor(int x, int y) {
  return ~((~(x&~y)) & (~(~x&y))); 
  //XOR的与或非实现、OR的与非实现，两者组合，达成xor的与非实现
}

//XOR的与或非实现：(x&~y) | (~x&y)； OR的与非实现：₍a & ~b)

• tmin - return minimum two\'s complement integer
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 4
• Rating: 1

//tmin：位级实现输出Tmin
//一开始没认真看INTEGER CODING RULES的要求，后来才发现，仅允许使用0~255之间的数值，-1 << 31 虽然是对的，但不符合题目要求

int tmin(void) {
  return 1 << 31; //0x80000000 
}

//难度2

• isTmax - returns 1 if x is the maximum, two\'s complement number,
• and 0 otherwise
• Legal ops: ! ~ & ^ | +
• Max ops: 10
• Rating: 1

//isTmax：判断输入的数值是否为Tmax即0x7FFFFFFF，是，输出1，否则，输出0
//不知道为啥上面题目是tmin，这里就是Tmax，为啥大小写不统一呢？可能是。。。可能是。。。出题老师偷懒了

int isTmax(int x) {
  return !((x^~(x+1))|(!(~x)));
}

//思路：
//由于Tmax == ~(Tmax+1)，|左边利用异或^充当判断==,相等其值为0,
// |右边排除-1即0xffffffff （因为-1 == ~(-1+1)）；tmax按位取反再按数值取反后，为0, -1按位取反再按数值取反后，为1
//!(x^~(x+1)) & !(!(x+1));

• allOddBits - return 1 if all odd-numbered bits in word set to 1
• where bits are numbered from 0 (least significant) to 31 (most significant)
• Examples allOddBits(0xFFFFFFFD) = 0, allOddBits(0xAAAAAAAA) = 1
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>T
• Max ops: 12
• Rating: 2

//allOddBits判断一个数的奇数位（odd）是否全为1，是，输出1，否则，输出0

int allOddBits(int x) {
  int mask = 0xaa | 0xaa << 8;
  mask = mask | mask << 16;
  x = x & mask;
  return !(x^mask);
}

//思路：
//先构造0xAAAAAAAA，利用 <<、|即可，再用x XOR x的必为0的性质，逻辑取反即可

• negate - return -x
• Example: negate(1) = -1.
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 5
• Rating: 2

//取相反数
//不知道的时候是真的不知道= =

int negate(int x) {
  return (~x)+1; //按位取反，再加1即可
}

//难度3

• isAsciiDigit - return 1 if 0x30 <= x <= 0x39 (ASCII codes for characters \'0\' to \'9\')
• Example:
• isAsciiDigit(0x35) = 1.
• isAsciiDigit(0x3a) = 0.
• isAsciiDigit(0x05) = 0.
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 15
• Rating: 3

//isAsciiDigit：判断一个数是否在0x30 <= x <= 0x39之间，是，输出1，否则，输出0
//自己的思路把前半部的信息给清除了。还是大佬强，还具有扩展性，改变上下限数值就是改变范围了。

int isAsciiDigit(int x) {
    int sign = 1<<31;
    return !(((sign&((~(sign|0x39))+x))>>31) | ((sign&(~0x30+1+x))>>31)); 
}

//思路：
//上限（左边），目的是使输入的数大于0x39时，真值为1；下限（右边），目的是使输入的数小于0x30时，真值为1，
//当两边的真值为0时，才居于范围之间，输出1
//先取一个符号位sign即0x80000000
//左边：
//0x39按位或sign后再取反，目的是得到一个低8位为0xc6，符号位为0，其它位为1的位级。
//该位级+x后，若x大于0x39则其符号位变为1，反之为0
//&sign取符号位后，再右移31。若其值大于0x39则为-1，反之为0。
//右边：
//0x30按位取反+1，目的是得到一个低8位为0xd0，符号位为1，其它位为1的位级。
//该位级加x后，若x小于0x30则其符号位仍为1，反之为0
//&sign取符号位后，再右移31。若其值小于0x30为-1，反之为0。

• conditional - same as x ? y : z
• Example: conditional(2,4,5) = 4
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 16
• Rating: 3

//conditional：用位级运算实现三目运算符（x ? y : z）
//思路往往可以更简洁

//法一
int conditional(int x, int y, int z) {
  x = (!!x)<<31>>31;//use: overturn( logic); by <<31>>31
  return (x&y)|(~x&z);
}

//思路
//用x构造出全1或全0，再使全1、全0分别与x、y对应。
//x逻辑取反两次得真值，再<<31>>31，使真值1变为全1即-1，真值0不变
//此时，若x为-1，则&y得到y，且按位取反x，并&z清空；若x为0，则&y清空，且按位取反x，并&z得到z
//而后按位或输出

//法二
int conditional(int x, int y, int z) {
  x = !!x;
  x = ~x+1;//use: overturn(bits, logic); by -1+1 = 0；0xfffffffe+1 = 0xffffffff = -1
  return (x&y)|(~x&z);
}

//思路(同法一类似，只是构造全1或者全0的方法不同)
//用x构造出全1或全0，再使全1、全0分别与x、y对应。
//x逻辑取反两次得真值，再按位取反后+1，使真值1变为全1即-1，真值0不变
//此时，若x为-1，则&y得到y，且按位取反x，并&z清空；若x为0，则&y清空，且按位取反x，并&z得到z
//而后按位或输出

int conditional(int x, int y, int z) {
  int neg_1 = ~0 
  return ((!x)+neg_1)&y | ((!!x)+neg_1)&z;
}

// 思路:
// x不为0时，输出y；x为0时，输出z。想办法使两者分别对应，利用逻辑非！翻转（x不为0翻转1次得全0 or x为0翻转2次得全0）使两者分别对应
// 再用-1（neg_1）配出我们要的全1，以便&x或y（）。
// 运算过程：
// 左边：若x不为0，则翻转一次后-1，为全1，可得y值；若x为0，则翻转再-1，为全0，可清空y值；
// 右边：若x不为0，则翻转两次后-1，为全0，可清空z值；若x为0，则两次翻转再-1，为全1，可得到z值；
// 两边取或，可输出数字（return竟然可以输出数值！！哭笑）

• isLessOrEqual - if x <= y then return 1, else return 0
• Example: isLessOrEqual(4,5) = 1
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 24
• Rating: 3

//判断是否x <= y，，是，输出1，否则，输出0
//一般自己写的都有点长

  int isLessOrEqual(int x, int y) {
  return !!(!(x^y) ^ ((x>>31)^(y>>31)&(x>>31)) ^ !((x>>31)^(y>>31))&(x+((~y)+1))>>31); // if not use !!()  will return -1
 }

// 思路：
// 判断x<=y，分成三段解决，任意情况成立即可，则用XOR连接，1.两者相等；两者不相等时，2.sign不同；3.sign相同。
// 1.XOR清零再逻辑非即可
// 2.先限定于sign不同的情况，利用XOR
// 再&(x>>31)，保留x的sign位，若sign=1，x为负数，则全1输出；若sign=0，x为正数，则全0输出
// 3.先限定于sign相同的情况（即排除sign不同的情况），再利用作差，x-y，小于0时，符合题意，且sign位为1，最后>>31，分割出全0和全1
// XOR连接完后，为满足符合return 1, 否则return 0，要取两次逻辑非

//难度4

• logicalNeg - implement the ! operator, using all of
• the legal operators except !
• Examples: logicalNeg(3) = 0, logicalNeg(0) = 1
• Legal ops: ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 12
• Rating: 4

//logicalNeg：实现逻辑非，限制操作：~ & ^ | + << >>

//法一
int logicalNeg(int x) {
  int sign = 1<<31;
  int all1 = ~0;
  return ((((~x)|sign)+1)>>31)+1 & (x^sign)>>31 ; //((x^sign)>>31)
}

//思路：
//实现逻辑非！，即实现0输出1，非0输出0。
//首先要分割0和非0部分，办法是0将保持为0，非0全部转换为负数使其符号位为1。，
//用 ~x 翻转，~0 = -1，非0保持不变 ；
//(~x) | sign)，使-1不变，非0数全部转换为负数且最大值为-2，但注意到x=sign经运算后也为-1，用&(x^sign)>>31剔除，同时，使x=0时，第0位为1；
//((~x) | sign)+1)，使-1变0，负数最大值此时为-1；
//((~x) | sign)+1)>>31，0不变，负数全为-1；
//((((~x) | sign)+1)>>31)+1，0变1，-1全变为0；
//((((~x) | sign)+1)>>31)+1 & (x^sign)>>31，x=0时，（左边1 & 右边-1）输出1；x为非0数时，（左边0 & 右边任何数）输出0；

法二：
int logicalNeg(int x) {
  return ((x|(~x+1))>>31)+1；
}

//思路：
//利用补码（取反+1）的性质，0和Tmin的补码为本身，其它数值的补码为其相反数；
//0与其补码按位或之后，其值为全0，Tmin与其补码、其它数值与其补码，按位或之后，符号位为1；
//然后>>31，0不变，Tmin、其它数值为全1即-1；
//而后+1，0变为1，Tmin、其它数值为0；

• howManyBits - return the minimum number of bits required to represent x in
• two\'s complement
• Examples:
• howManyBits(12) = 5
• howManyBits(298) = 10
• howManyBits(-5) = 4
• howManyBits(0) = 1
• howManyBits(-1) = 1
• howManyBits(0x80000000) = 32
• Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
• Max ops: 90
• Rating: 4

//howManyBits：求一个数最少要用多少位表示

//这道题想了很久，因为允许90个ops，就慢慢找规律，最终想出最高位和次最高位相异时，该数的位数可以确定，
//但实际只能从1位到32位一个个判断，总共操作接近300ops，只能翻起答案来= =，知道会用重复判断的方法，没想到是二分法这么巧妙

int howManyBits(int x) {
  int b16,b8,b4,b2,b1,b0;
  int sign = x>>31;
  x = (sign&~x)|(~sign&x);//x为正数不变；x为负数按位取反，其符号位变为0，可将负数当作正数来求其所需最少的表达位数

// 二分法，不断缩小范围
  b16 = !!(x>>16)<<4;//高十六位是否有1
  x = x>>b16;//如果有（至少需要16位），则将原数右移16位
  b8 = !!(x>>8)<<3;//剩余位高8位是否有1
  x = x>>b8;//如果有（至少需要16+8=24位），则右移8位
  b4 = !!(x>>4)<<2;//剩余位高4位是否有1
  x = x>>b4;//如果有（至少需要16+8+4=28位），则右移4位
  b2 = !!(x>>2)<<1;//剩余位高2位是否有1
  x = x>>b2;//如果有（至少需要16+8+4+2=30位），则右移2位
  b1 = !!(x>>1);//剩余位高1位是否有1
  x = x>>b1;// 如果有（至少需要16+8+4+2+1=31位），则右移位
  b0 = x;//b0为x，数值为1或者0
  return b16+b8+b4+b2+b1+b0+1;//+1表示加上符号位
}

//思路：
//如果是一个正数，则需要找到它最高为1的是第几位（假设该位是第n位），再加上符号位0（计数为1），那么它最少需要n+1位来表示；
//如果是一个负数，则需要找到它最高为0的是第几位（假设该位是第m位），那么它最少需要m位来表示

//float

//一开始是真的懵，想来是浮点数位级表示学得比较模糊

• floatScale2 - Return bit-level equivalent of expression 2*f for
• floating point argument f.
• Both the argument and result are passed as unsigned int\'s, but
• they are to be interpreted as the bit-level representation of
• single-precision floating point values.
• When argument is NaN, return argument
• Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. also if, while
• Max ops: 30
• Rating: 4

//floatScale2：用unsigned的位级来表示一个浮点数uf，同时，对浮点数uf乘2

  unsigned floatScale2(unsigned uf) {
  int exp = (uf&0x7f800000)>>23;//取指数exp
  int sign = uf&0x80000000;//取符号位sign
  if(exp==0) return uf<<1|sign;//输出（非规化数）*2或者0*2
  if(exp==255) return uf;//输出NaN或者INF(无穷，包括正无穷和负无穷）
  exp++; //计算（规化数）*2，
  if(exp==255) return 0x7f800000|sign;//（规化数）*2后，若指数exp全为1即INF，则输出0x7f800000|sign
  return (exp<<23)|(uf&0x807fffff);//（规化数）*2后，若指数exp不全为1就仍为规划数，则输出(exp<<23)|(uf&0x807fffff)
}

//思路：
//区分规化数、非规化数、NaN、INF，注意区分的时候，都要乘2
//第5行，不用exp<<1的原因是：虽然能达到*2的目的，但可能会使exp越出255，突破exp限定的8位

• floatFloat2Int - Return bit-level equivalent of expression (int) f
• for floating point argument f.
• Argument is passed as unsigned int, but
• it is to be interpreted as the bit-level representation of a
• single-precision floating point value.
• Anything out of range (including NaN and infinity) should return
• 0x80000000u.
• Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. also if, while
• Max ops: 30
• Rating: 4

//floatFloat2Int：用unsigned位级表示浮点数uf强制转换为int整型数

int floatFloat2Int(unsigned uf)
{
  int sign = (uf >> 31) & 1;//取符号位sign
  int bias = 127;//偏置值为(2**(8-1)) - 1
  int exp = (uf >> 23) & 0xFF;//取指数exp
  int E = exp - bias; //指数exp的真实值,即阶码E
  int frac = uf & 0x007FFFFF;//取小数字段frac，注意符号位被剔除了
  int M = frac | 0x00800000; //将第23位置1，即阶码的最后1位置1，因为：规化数之中尾数M的范围是（1 ~ 2-ξ），必大于等于1
  int tar;
  if (sign) sign = -1;
  else sign = 1;//符合位取(-1)**0=1 或者 (-1)**1=-1 ，用以保持正数，或者转为负数
  if (E >= 31)
    return 0x80000000;
  if (E < 0)
    return 0;
  if (E >= 23)
    tar = sign * (M << (E - 23));//E大于23时，则M左移(E - 23)，同时考虑正负数
  else if (E < 23)
    tar = sign * (M >> (23 - E));//E小于23时，则M右移(23 - E)，同时考虑正负数
  return tar;
}

//思路：
//区分float型的规化数、非规化数、INF、NaN，
//INF、NaN：其E >= 31 计算阶码值2E，超出int型Tmax == 0x7fffffff，直接输出0x80000000
//非规化数：其E < 0 计算阶码值2E，为小数，直接输出0
//规化数： 其31> E >=0 计算阶码值2E，居于1~230之间，需要左右移
//左右移原理见 CSAPP P82
//其结论是：阶码E大于尾数位数（float型是23位）时，则M左移(23 - E)（最多移8位）；
// 阶码E小于尾数位数，则M右移(23 - E)（最多移23位）

//原解法对于E=23时，直接输出tar=0；对于E=31时，将其看作仍可以作M左移运算，事实上2E = 231,已经超过int型Tmax == 0x7fffffff
//但检测可以通过

//笔者做出修正
//对于E=23时，输出tar = sign*M；对于E=31时，直接输出0x80000000（本题Anything out of range return 0x80000000）

• floatPower2 - Return bit-level equivalent of the expression 2.0^x
• (2.0 raised to the power x) for any 32-bit integer x.
• The unsigned value that is returned should have the identical bit
• representation as the single-precision floating-point number 2.0^x.
• If the result is too small to be represented as a denorm, return 0.
• If too large, return +INF.
• Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. Also if, while
• Max ops: 30
• Rating: 4

//floatPower2：输入一个int x，用unsigned位级表示2.0**x

unsigned floatPower2(int x) {
    unsigned INF = 0xff << 23;
    int exp = x + 127;
    if(exp >= 255) return INF;
    if(exp < -23) return 0;
    if(exp <= 0) return 0x00400000>>(~exp+1);
    return exp << 23;
}

// 思路：
// 首先需要定义INF，为exp全1即0xff << 23；其次定义小于2（-126-23）为0
// x的取值即为E，exp = E + bias，可计算出指数exp，而后
// 考虑临界值：
// bin(x) = 0 00000000 00000000000000000000001，此数是2(-126-23),（最小值）
// 即exp = 0时情况；exp小于等于0，我们取 0x00400000>>(~exp+1)
// bin(x) = 0 00000001 00000000000000000000000，此数是2(-126)，
// 即exp = 1时情况；exp居于0~254时，我们取exp << 23
// bin(x) = 0 11111111 00000000000000000000000 ，此数是2(128)，（大于最大值）
// 即exp = 255时情况。exp大于等于exp全1，我们取INF
// 以及，exp小于-23时，超出最小值，我们取0。

附图：

感想：

• 雄关漫道真如铁，而今迈步从头越
• 从9.4号开始做这个lab，一直到9.12号，一共9天。难度真是比较大，终于感受到很名校同学的差距了（特别是那道ASCII）。平时很少做这样的题。他们是把CSAPP当作ICS（计算机导论）来上的，我得向这些他们靠近。转专业并降级的我已经落后了不少，是时候好好学了。
• 现在看难度1、2觉得很容易，但一开始做的时候还是一头雾水的。位级运算的不但功能十分强大，而且还极大地减少运算时间。之后还得花点心思巩固。英文阅读能力非常需要提高，浮点题那一块，题目都看不太懂。以后做题前先翻翻书，想想知识点，不要直接凭空硬莽。
• 如有谬误，敬请指正。