BZOJ5037[Jsoi2014]电信网络 最大权闭合图
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【BZOJ5037】[Jsoi2014]电信网络
Description
JYY创建的电信公司,垄断着整个JSOI王国的电信网络。JYY在JSOI王国里建造了很多的通信基站。目前所有的基站都是使用2G网络系统的。而现在3G时代已经到来了,JYY在思考,要不要把一些基站升级成3G网络的呢?JSOI王国可以被看作为一个无穷大的二维平面,JYY一共建造了N个通信基站,第i个基站的坐标是(Xi,Yi)。每个基站有一个通信范围Ri。第i号基站会向所有到其距离不超过Ri的基站发送信息。每个基站升级到3G网络都会有一个收益Si,这个收益可能是正数(比如基站附近有个大城市,用户很多,赚的流量费也就很多了),也可能是负数(比如基站周围市场不佳,收益不能填补升级基站本身的投资)。此外,由于原有的使用2G网络系统的基站无法解析从升级成3G网络系统的基站所发来的信息(但是升级之后的基站是可以解析未升级基站发来的信息的),所以,JYY必须使得,在升级工作全部完成之后,所有使用3G网络的基站,其通信范围内的基站,也都是使用3G网络的。由于基站数量很多,你可以帮助JYY计算一下,他通过升级基站,最多能获得的收益是多少吗?
Input
第一行一个整数N;
接下来N行,每行4个整数,Xi,Yi,Ri,Si,表示处在(Xi,Yi)的基站的通信范围是Ri,升级可以获得的收益是Si。
数据满足任意两个基站的坐标不同。
1≤N≤500,1≤Ri≤20000,|Xi|,|Yi|,|Si|≤10^4。
Output
输出一行一个整数,表示可以获得的最大收益。
Sample Input
5
0 1 7 10
0 -1 7 10
5 0 1 -15
10 0 6 10
15 1 2 -20
0 1 7 10
0 -1 7 10
5 0 1 -15
10 0 6 10
15 1 2 -20
Sample Output
5
【样例说明】
我们可以将前三座基站升级成 3G 网络,以获得最佳收益。
【样例说明】
我们可以将前三座基站升级成 3G 网络,以获得最佳收益。
题解:显然是一个最大权闭合图的模型,直接上建图方法:
1.S->所有正权的点 容量:该点权权值
2.所有负权的点->T 容量:该点权值相反数
3.点>所有它能发射到的点 容量:inf
#include <cstdio> #include <iostream> #include <cstring> #include <queue> using namespace std; int n,cnt,ans,S,T; int x[510],y[510],r[510],s[510]; int to[1000000],next[1000000],val[1000000],head[510],d[510]; queue<int> q; inline int rd() { int ret=0,f=1; char gc=getchar(); while(gc<‘0‘||gc>‘9‘) {if(gc==‘-‘)f=-f; gc=getchar();} while(gc>=‘0‘&&gc<=‘9‘) ret=ret*10+gc-‘0‘,gc=getchar(); return ret*f; } void add(int a,int b,int c) { to[cnt]=b,val[cnt]=c,next[cnt]=head[a],head[a]=cnt++; to[cnt]=a,val[cnt]=0,next[cnt]=head[b],head[b]=cnt++; } int dfs(int x,int mf) { if(x==T) return mf; int i,k,temp=mf; for(i=head[x];i!=-1;i=next[i]) { if(d[to[i]]==d[x]+1&&val[i]) { k=dfs(to[i],min(val[i],temp)); if(!k) d[to[i]]=0; val[i]-=k,val[i^1]+=k,temp-=k; if(!temp) break; } } return mf-temp; } int bfs() { while(!q.empty()) q.pop(); memset(d,0,sizeof(d)); q.push(S),d[S]=1; int i,u; while(!q.empty()) { u=q.front(),q.pop(); for(i=head[u];i!=-1;i=next[i]) { if(!d[to[i]]&&val[i]) { d[to[i]]=d[u]+1; if(to[i]==T) return 1; q.push(to[i]); } } } return 0; } int main() { n=rd(),S=0,T=n+1; int i,j; memset(head,-1,sizeof(head)); for(i=1;i<=n;i++) { x[i]=rd(),y[i]=rd(),r[i]=rd(),s[i]=rd(); if(s[i]>0) ans+=s[i],add(S,i,s[i]); else add(i,T,-s[i]); } for(i=1;i<=n;i++) { for(j=1;j<=n;j++) if(i!=j&&(x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j])<=r[i]*r[i]) add(i,j,1<<30); } while(bfs()) ans-=dfs(S,1<<30); printf("%d",ans); return 0; }
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