C++基础问题 需返回局部对象的引用时的处理

Posted 2023-04-03

参考技术A 不能返回局部变量的引用，因为你返回了饮用后，你记录了他的信息，但当离开这个函数后，这个变量就失效了，这时候你获得的数据将无效，如果你使用这个变量进行操作，可能会造成内存崩溃。
用new可以，但尽量不要，因为使用者不一定会记得删除这段内存，所以这时候必须使用返回值的方式。使用引用的话，就将这个引用放在参数里面，也可以

为啥 c++ 编译器不会警告返回对局部变量的引用？

【中文标题】为啥 c++ 编译器不会警告返回对局部变量的引用？

【英文标题】：Why does c++ compiler not warn about returning reference to local variable?为什么 c++ 编译器不会警告返回对局部变量的引用？

【发布时间】：2019-03-23 14:32:43

【问题描述】：

在下面的代码中，编译器会在调用 bar() 方法时警告返回对本地的引用。我也期待关于 foo() 方法的类似警告。

#include <iostream>

class Value 
public:
    int& foo() 
        int tc = 10;
        int& r_tc = tc;
        return r_tc;
    

    int& bar() 
        int tc = 10;
        return tc;
    
;

int main() 
    Value value;
    int& foo_ref = value.foo();
    int& bar_ref = value.bar();
    std::cout << foo_ref << std::endl;
    return 0;

编译输出：

g++ -c refreturn.cc -g -std=c++1z; g++ -o refreturn refreturn.o
refreturn.cc: In member function ‘int& Value::bar()’:
refreturn.cc:12:13: warning: reference to local variable ‘tc’ returned [-Wreturn-local-addr]
         int tc = 10;
             ^

Compilation finished at Sat Mar 23 07:29:31

【问题讨论】：

如果您麻烦地设置自己的参考，它需要给您怀疑的好处。我认为你对编译器的要求太多了。 :)

从技术上讲，该标准在任何一种情况下都不需要警告。你很幸运，你的编译器在其中一个中给出了警告。它在bar() 中发出警告的原因是因为参与开发编译器的某人（或某些人）竭尽全力让它这样做。它没有在foo() 中发出警告的原因是因为还没有人竭尽全力让编译器发出警告。为什么有区别？因为编译器开发人员并不比其他人更完美。

What compiler? 不需要诊断任何一个错误。如果您认为应该修复编译器中的这个 QoA 问题，请提交错误。

@n.m.它是 g++ 编译器。

【参考方案1】：

“为什么 c++ 编译器不警告返回对局部变量的引用？”

因为编译器并不完美，最终您有责任不编写无效代码。编译器没有义务警告所有错误（事实上，它有义务警告非常少，但大多数尝试做得比最低要求更好）。

【讨论】：

事实上，警告是“乐观的”，以避免误报，与代码检查/静态代码分析器完全相反。