LeetCode 1799. N 次操作后的最大分数和:状压DP

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【LetMeFly】1799.N 次操作后的最大分数和

力扣题目链接:https://leetcode.cn/problems/maximize-score-after-n-operations/

给你 nums ,它是一个大小为 2 * n 的正整数数组。你必须对这个数组执行 n 次操作。

在第 i 次操作时(操作编号从 1 开始),你需要:

  • 选择两个元素 x 和 y 。
  • 获得分数 i * gcd(x, y) 。
  • 将 x 和 y 从 nums 中删除。

请你返回 n 次操作后你能获得的分数和最大为多少。

函数 gcd(x, y) 是 x 和 y 的最大公约数。

 

示例 1:

输入:nums = [1,2]
输出:1
解释:最优操作是:
(1 * gcd(1, 2)) = 1

示例 2:

输入:nums = [3,4,6,8]
输出:11
解释:最优操作是:
(1 * gcd(3, 6)) + (2 * gcd(4, 8)) = 3 + 8 = 11

示例 3:

输入:nums = [1,2,3,4,5,6]
输出:14
解释:最优操作是:
(1 * gcd(1, 5)) + (2 * gcd(2, 4)) + (3 * gcd(3, 6)) = 1 + 4 + 9 = 14

 

提示:

  • 1 <= n <= 7
  • nums.length == 2 * n
  • 1 <= nums[i] <= 106

方法一:状压DP(状态压缩 + 动态规划)

首先预处理将 n u m s [ i ] nums[i] nums[i] n u m s [ j ] nums[j] nums[j]的最大公因数计算出来存入 g c d [ i ] [ j ] gcd[i][j] gcd[i][j]中(其中 0 ≤ i < j < n 0\\leq i<j<n 0i<j<n

int n = nums.size();
int gcd[n][n];
for (int i = 0; i < n; i++)
    for (int j = i + 1; j < n; j++)
        gcd[i][j] = __gcd(nums[i], nums[j]);

然后开辟一个大小为 2 n 2^n 2n的数组 d p [ 1 < < n ] dp[1<<n] dp[1<<n],其中 d p [ i ] dp[i] dp[i]代表状态为 i i i时或获得的最大分数。

从小到大枚举所有的状态(最大 1 < < n 1<<n 1<<n

int mask = 1 << n;
vector<int> dp(mask, 0);
for (int state = 0; state < mask; state++) 
	...

对于每个状态 s t a t e state state,首先计算 s t a t e state state在二进制下有多少个 1 1 1

如果 s t a t e state state在二进制下有偶数个 1 1 1,那么就枚举其中 1 1 1的位置,让其中的 1 1 1两两配对,同时更新 d p [ s t a t e ] dp[state] dp[state]的最大值

假设我们让其中的第 i i i位和第 j j j位配对了,那么 d p [ s t a t e ] dp[state] dp[state]就可以由( i j ij ij配对)和(剩下的元素配对 d p [ s t a t e − ( 1 < < i ) − ( 1 < < j ) ] dp[state - (1 << i) - (1 << j)] dp[state(1<<i)(1<<j)])加起来得到。

  • 时间复杂度 O ( 2 n × n 2 ) O(2^n\\times n^2) O(2n×n2)
  • 空间复杂度 O ( 2 n + n 2 ) O(2^n+n^2) O(2n+n2)

AC代码

C++

class Solution 
public:
    int maxScore(vector<int>& nums) 
        int n = nums.size();
        int gcd[n][n];
        for (int i = 0; i < n; i++)
            for (int j = i + 1; j < n; j++)
                gcd[i][j] = __gcd(nums[i], nums[j]);
        int mask = 1 << n;
        vector<int> dp(mask, 0);
        for (int state = 0; state < mask; state++) 
            int one = __builtin_popcount(state);
            if (one % 2)
                continue;
            for (int i = 0; i < n; i++) 
                if (state & (1 << i)) 
                    for (int j = i + 1; j < n; j++) 
                        if (state & (1 << j)) 
                            dp[state] = max(dp[state], dp[state - (1 << i) - (1 << j)] + one / 2 * gcd[i][j]);
                        
                    
                
            
        
        return dp[mask - 1];
    
;

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