米哈游面试成功率高吗?
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参考技术A米哈游面试成功率不高。米哈游也不是那么容易就能进的,要通过三次面试,游戏阅历要非常丰富,怎么个丰富法呢,概括的说不单单是玩的游戏多,而且要从专业角度剖析自己的见解举个例子,面试时hr会问你xx游戏的美术风格有什么特点,你认为xx游戏为什么失败,在审美风格上有什么缺点。
米哈游公司入职要求
米哈游公司招聘所需的学历是本科及以上学历。米哈游公司的企业类型是股份有限公司,所属行业是软件和信息技术服务业,主要从事手机及平板电脑移动技术开发、图文设计制作、电子商务及利用自有媒体发布广告。公司的具体经营范围包含:计算机及互联网专业领域内的技术开发、技术咨询、技术服务、技术转让。
米哈游春招后端-2023.03.19-第一题-米哈游的RBG矩阵-简单
米哈游的RBG矩阵 Problem Description
米小游拿到了一个矩阵,矩阵上有一格有一个颜色,为红色( R )。绿色( G )和蓝色( B )这三种颜色的一种。
然而米小游是蓝绿色盲,她无法分游蓝色和绿色,所以在米小游眼里看来,这个矩阵只有两种颜色,因为蓝色和绿色在她眼里是一种颜色。
米小游会把相同颜色的部分看成是一个连通块。请注意,这里的连通划是上下左右四连通的。
由于色盲的原因,米小游自己看到的连通块数量可能比真实的连通块数量少。 你可以帮米小游计算连通块少了多少吗?input
第一行输入两个正整数 n 和 m,代表矩阵的行数和列数。接下来的 n 行,每行输入一个长度为m 的,仅包含 R 、G 、B
三种颜色的字符串,代表米小游拿到的矩阵。 1≤n,m≤1000ouput
一个整数,代表米小游视角里比真实情况少的连通块数量。
Sample Input
2 6
RRGGBB
RGBGRRSample Output
3
题目类型、难度、来源
- 类型:DFS、BFS、并查集
- 难度:简单
- 来源:米哈游春招后端-2023.03.19-第一题-米哈游的RBG矩阵
总体思路:
- 此题就是求一个图的联通分量数量。可以用并查集也可以用DFS、BFS。方法很多,数据集也不打,我这里为了写代码方便,就用了DFS。
AC代码
#include <iostream>
using namespace std;
// flag=1: 米小游视角
int n, m;
bool same_color(char &c1, char &c2, bool flag)
if (c1 == c2)
return true;
else if (flag)
return (c1 + c2 == 'B' + 'G');
return false;
void DFS(char **G, bool **visted,bool &flag, int i, int j)
visted[i][j] = 1;
if (i+1 < n)
if (same_color(G[i+1][j], G[i][j], flag) && !visted[i+1][j])
DFS(G, visted, flag, i+1, j);
if (j+1 < m)
if (same_color(G[i][j+1], G[i][j], flag) && !visted[i][j+1])
DFS(G, visted, flag, i, j+1);
if (i-1 >= 0)
if (same_color(G[i-1][j], G[i][j], flag) && !visted[i-1][j])
DFS(G, visted, flag, i-1, j);
if (j-1 >= 0)
if (same_color(G[i][j-1], G[i][j], flag) && !visted[i][j-1])
DFS(G, visted, flag, i, j-1);
int get_num(char **G, bool flag, int n, int m)
bool **visted = new bool*[n];
for (int i = 0; i < n; i++)
visted[i] = new bool[m];
for (int i = 0; i < n; i++)
for (int j = 0; j < m; j++)
visted[i][j] = false;
int cnt = 0;
for (int i = 0; i < n; i++)
for (int j = 0; j < m; j++)
if (visted[i][j]) continue;
DFS(G, visted, flag, i, j);
cnt++;
return cnt;
int main()
cin >> n >> m;
char **G = new char*[n];
for (int i = 0; i < n; i++)
G[i] = new char[m];
for (int j = 0; j < m; j++)
cin >> G[i][j];
int cnt1 = get_num(G, 0, n, m);
int cnt2 = get_num(G, 1, n, m);
cout << cnt1-cnt2;
return 0;
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