codeigniter 不会显示来自数据库的信息

Posted 2023-02-26

【中文标题】codeigniter 不会显示来自数据库的信息

【英文标题】：codeigniter will not show info from database

【发布时间】：2011-01-22 18:58:08

【问题描述】：

大家好，我有一个问题，我的信息没有发送到我的视图文件。

它说：消息：未定义的变量：queryWall

我的控制器是这个

function wallShow() 
 
  $this->load->model('profil_model');
  $data['queryWall'] = $this->profil_model->wallGet($this->uri->segment(3));


  $data['content'] = 'profil_view';
  $this->load->view('includes/template', $data);
 

我的模特：

function wallGet($name)
 
  $this->db->select('profileName', 'wallComment');
  $this->db->where('profileName', $name);
  $queryWall = $this->db->get('profileWall');

  if($queryWall->num_rows() > 0)
  
   return $queryWall->result();
   else 
   return false;
  
 

和我的视图文件

 <?php 
 if(!isset($queryWall)):
  foreach ($queryWall as $wall):
   echo $wall->wallComment;
  endforeach;
 endif;
 ?>

【问题讨论】：

尝试在您的模型方法中打印出您的查询结果...尝试 $queryWall->result() 在 wallGet($name) 函数中，看看是否是否选择了任何数据

好吧，我尝试回显它，但我只得到了 Array ，所以里面什么都没有：S，我试过这个 $this->db->where('profileName', ' 123');我知道数据库中有一些东西：S

我假设，在您的模板视图中，您正在调用一个名为“profile-view”的子视图。您是否将 $data 或 $queryWall 传递给该子视图？也许您可以将模板视图的这一部分添加到您的问题中，以便我们提供更好的帮助。

【参考方案1】：

即使一切正常，您仍会收到此错误，因为您使用的是 queryWall 变量，只要它未定义！

if(!isset($queryWall))

应该是：

if(isset($queryWall))

但是由于您通过了条件检查，那么我想您的模型或 URI 段有问题。

【参考方案2】：

你没有使用正确的语法

$this->db->select('profileName', 'wallComment');

将其调整为：

$this->db->select('profileName,wallComment');

然后还启用 out profiler 以验证您的查询是否由数据库类正确编写。在您的控制器中，启用分析器：

$this->output->enable_profiler(true); 

这可以插入到控制器函数的任何地方。

我同意 ifaour 关于确保你的 if 语句是你的意思。

【讨论】：

+1 用于在他的代码中捕获 2nd 错误！所以基本上我的回答和你的回答应该可以解决他的问题。

我如何需要 $this->output->enable_profiler(true);，我已经做出了改变，但它仍然没有显示任何东西：S

阅读输出类的文档以获得对分析器的完整说明，以及如何使用它。 codeigniter.com/user_guide/libraries/output.html。探查器报告中的查询是什么样的？

没什么变化，它仍然显示未定义变量：queryWall :S

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