如何摆脱 JSONException：没有成功的价值？

Posted 2023-04-19

【中文标题】如何摆脱 JSONException：没有成功的价值？

【英文标题】：How to get rid of JSONException: No value for success?

【发布时间】：2020-04-19 05:29:46

【问题描述】：

我不知道我做错了什么。我制作了一个注册表单，其中包含一个唯一的代码，我保存在 sql 数据库中，所以当用户输入错误的代码时，我希望出现错误消息或 toast。 现在我面临 org.json JSONException: No value for success.

如何在 mainActivity 中定义的代码 textview 中设置错误消息？ 或者我怎样才能让吐司出现。

有没有比我目前使用的更好的方法来限制用户注册（手动将唯一代码保存在数据库中）？

注册.php

<?php

if ($_SERVER["REQUEST_METHOD"] =="POST")

    require_once 'connect.php';

    $name = $_POST["name"];
    $email = $_POST["email"];
    $password = $_POST["password"];
    $code=$_POST["code"];

    //for checking if the email address already exists
    $mysql_select="SELECT email FROM register_table where email ='$email' ";

    $res=mysqli_query($conn,$mysql_select);

    if (mysqli_num_rows($res) > 0 ) 
        $row = mysqli_fetch_assoc($res);

        if($email==$row['email'])
            echo "Email already exists";
        
    else 
       $code_query="SELECT code FROM code_table where code='$code' ";
       $code_result=mysqli_query($conn,$code_query);
       $roww = mysqli_fetch_assoc($code_result);

       $sql="INSERT INTO register_table (name, email,password) VALUES ('$name', '$email', '$password')";

       if($code!=$roww['code'])

           $resultt["codes"] = "0";
           echo json_encode($resultt);

           $result["success"] = "0";
           echo json_encode($result);

           mysqli_close($conn);

       else if (mysqli_query($conn, $sql) && $code==$roww['code'] )

        $resultt["codes"] = "1";
        echo json_encode($resultt);

        $result["success"] = "1";
        echo json_encode($result);

        mysqli_close($conn);

    else 
       $result["success"] = "0";
       $result["message"] = "error";

       echo json_encode($result);
       echo "registration not successful";
       mysqli_close($conn);
   


else
    echo "register method is not post";


?>

其余代码完美运行，下面的方法属于AsyncTask类

BackgroundTask.java

 protected void onPostExecute(String res) 

        try 
            JSONObject jsonobject = new JSONObject(res);
            String success = jsonobject.getString("success");
            String code_result=jsonobject.getString("codes");

            if(code_result.equals("0") && success.equals("0"))
                Toast.makeText(context,"Please enter the correct code",Toast.LENGTH_SHORT).show();
            else if (success.equals("1") && code_result.equals("1")) 
                Toast.makeText(context, "Register Successfully!", Toast.LENGTH_SHORT).show();
            

         catch (JSONException e) 
            e.printStackTrace();
            Toast.makeText(context, "Register Error!" + e.toString(), Toast.LENGTH_SHORT).show();
        

【问题讨论】：

你真的应该找到更好的 PHP 教程。我建议查看phpdelusions.net

【参考方案1】：

问题是你多次使用echo，你也应该只对json编码数据使用echo..

要解决问题，只需尝试使用 postman 获取不同场景的 API 响应，您就会明白问题所在..

【参考方案2】：

JSONObject.getString() 方法在对象中未找到输入键时不返回 null，并会抛出 JSONException。

使用optString()：

String success = jsonobject.optString("success");
String code_result = jsonobject.optString("codes");
if (success != null && code_result != null) 
      // ...

【讨论】：

您能详细说明什么不起作用吗？你仍然得到相同的 JSONException？