android-launch 外部浏览器并使用返回按钮返回应用程序

Posted 2023-04-19

【中文标题】android-launch 外部浏览器并使用返回按钮返回应用程序

【英文标题】：android-launch external browser and come back to the app with back button

【发布时间】：2020-09-22 03:22:18

【问题描述】：

我的安卓应用中有一个Activity 和多个动态生成的Fragments。用户可以单击一个按钮，该按钮将在外部浏览器（例如谷歌浏览器）中打开一个网站。然后当用户点击后退按钮时，我希望他回到他在我的应用程序中的位置，但当前的行为是系统关闭谷歌浏览器并导航到主屏幕！

我很困惑是否必须将所有内容保存在 onSaveInstanceState(Bundle) 中，还是应该考虑在启动浏览器活动时使用标志或什么？！

附言我的应用中有 2 个Activities。启动器是一个简单的启动活动，noHistory 设置为 true，另一个 Activity 包含所有内容，包括所有片段

【问题讨论】：

这应该是开箱即用的。请在您的问题中发布您的清单，并发布您用于启动浏览器的代码。

是的！问题是 SplashActivity 及其 noHistory 属性。刚刚删除了 SplashActivity，一切正常

【参考方案1】：

我建议您查看 ChromeCustomTabs（现在在 androidX 中称为浏览器）。 只需添加此依赖项：implementation "androidx.browser:browser:1.2.0"

您可以通过以下方式打开网址：CustomTabsIntent.Builder().build().launchUrl(/* context */, /* url as Uri */) 这支持背压:)

如果您的项目中不使用 androidX，则可以改用“旧版本”ChromeCustomTabs。它以类似的方式工作，但我建议迁移到 androidX (as explained in this article)

【讨论】：

非常感谢。但是如果我想打开phone app 然后用返回按钮回到我的应用程序怎么办？我的意思是把浏览器看作一个例子

所以您的意思是：您的应用程序已打开 -> 用户进入主屏幕 -> 打开手机应用程序 -> 按下 -> 他将登陆主屏幕。但是您希望他再次登陆您的应用程序？我认为这是不可能的

不，我的意思是当他点击我应用中的按钮时，我会打开手机应用，然后我希望他通过返回按钮回到他在我应用中的位置

嗯，好的。所以我刚刚创建了一个新项目，它只在按钮单击时调用一个数字，如果呼叫结束或我按下回，我将按预期返回应用程序。在 onClick 里面我只是这样做：Intent intent = new Intent(Intent.ACTION_CALL, Uri.parse("tel:" + "0000")); MainActivity.this.startActivity(intent);

感谢您的测试！问题是 SplashActivity 及其 noHistory 属性。刚刚删除了 SplashActivity，一切正常