如何创建一个 Firebase 动态链接，点击后会打开一个 android 即时应用程序？

Posted 2023-03-09

【中文标题】如何创建一个 Firebase 动态链接，点击后会打开一个 android 即时应用程序？

【英文标题】：How can I create a Firebase Dynamic Link that will open an android instant app when clicked?

【发布时间】：2021-06-06 14:46:08

【问题描述】：

所以我想创建一个链接，点击后会打开一个 android 即时应用程序。我已经创建了一个 Firebase 动态链接，但它会打开一个网络链接，而不是我的应用程序。 Here is the current behavior。我应该如何完成这项工作？

【参考方案1】：

在您的应用程序Manifest.xml 中，在Activity tag 中执行此操作，正好在Intent filter 中：

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<manifest xmlns:android="http://schemas.android.com/apk/res/android"
xmlns:tools="http://schemas.android.com/tools"
package="com.application.test">

<uses-permission android:name="android.permission.ACCESS_NETWORK_STATE" />
<uses-permission android:name="android.permission.INTERNET" />

<application
    android:allowBackup="true"
    android:icon="@mipmap/ic_launcher"
    android:label="@string/app_name"
    android:roundIcon="@mipmap/ic_launcher_round"
    android:supportsRtl="true"
    android:theme="@style/Theme.Test">
    <activity android:name=".MainActivity">

        <intent-filter>
            <action android:name="android.intent.action.MAIN" />
            <category android:name="android.intent.category.LAUNCHER" />

            <!--  here put these lines : -->

            <action android:name="android.intent.action.VIEW"/>
            <category android:name="android.intent.category.DEFAULT"/>
            <category android:name="android.intent.category.BROWSABLE"/>
            
            <!-- here you write your dynamic link host and connection type -->
            <!-- I wrote Youtube so when a youtube link clicked, my app will open-->
            <data android:host="https://www.youtube.com" android:scheme="https"/>

            <!--  End -->
            
        </intent-filter>
    </activity>

</application>

</manifest>

您可以使用这些行来获取点击的网址：

    String clickedUrl = getIntent().getDataString();
    webView.loadUrl(clickedUrl); // This webView just an example